Question

【題目】(12分)如圖，在Rt△ABC中，∠ACB＝90°，AC＝8，BC＝6，CD⊥AB于點(diǎn)D.點(diǎn)P從點(diǎn)D出發(fā)，沿線段DC向點(diǎn)C運(yùn)動(dòng)，點(diǎn)Q從點(diǎn)C出發(fā)，沿線段CA向點(diǎn)A運(yùn)動(dòng)，兩點(diǎn)同時(shí)出發(fā)，速度都為每秒1個(gè)單位長(zhǎng)度，當(dāng)點(diǎn)P運(yùn)動(dòng)到C時(shí)，兩點(diǎn)都停止．設(shè)運(yùn)動(dòng)時(shí)間為t秒．

(1)求線段CD的長(zhǎng)；

(2)設(shè)△CPQ的面積為S，求S與t之間的函數(shù)關(guān)系式，并確定在運(yùn)動(dòng)過(guò)程中是否存在某一時(shí)刻t，使得S△CPQ∶S△ABC＝9∶100？若存在，求出t的值；若不存在，說(shuō)明理由；

(3)當(dāng)t為何值時(shí)，△CPQ為等腰三角形？

Answer 1

【答案】（1）4．8；（2）t=或t=3；（3）t=2．4秒或秒或秒．

【解析】試題分析：（1）利用勾股定理可求出AB長(zhǎng)，再用等積法就可求出線段CD的長(zhǎng)．

（2）過(guò)點(diǎn)P作PH⊥AC，垂足為H，通過(guò)三角形相似即可用t的代數(shù)式表示PH，從而可以求出S與t之間的函數(shù)關(guān)系式；利用=9：100建立t的方程，解方程即可解決問(wèn)題．

（3）可分三種情況進(jìn)行討論：由CQ=CP可建立關(guān)于t的方程，從而求出t；由PQ=PC或QC=QP不能直接得到關(guān)于t的方程，可借助于等腰三角形的三線合一及三角形相似，即可建立關(guān)于t的方程，從而求出t．

試題解析：（1）如圖1，∵∠ACB=90°，AC=8，BC=6，

∴AB=10．

∵CD⊥AB，

∴S△ABC=BC·AC=AB·CD．

∴CD===4.8．

∴線段CD的長(zhǎng)為4.8；

（2）①過(guò)點(diǎn)P作PH⊥AC，垂足為H，如圖2所示．

由題可知DP=t，CQ=t．

則CP=4.8﹣t．

∵∠ACB=∠CDB=90°，

∴∠HCP=90°﹣∠DCB=∠B．

∵PH⊥AC，

∴∠CHP=90°．

∴∠CHP=∠ACB．

∴△CHP∽△BCA．

∴．

∴．

∴PH= ．

∴=CQ·PH=t·（）= ；

②存在某一時(shí)刻t，使得=9：100．

∵=×6×8=24，且=9：100，

∴（）：24=9：100．

整理得：5t2﹣24t+27=0．

即（5t﹣9）（t﹣3）=0．

解得：t=或t=3．

∵0≤t≤4.8，

∴當(dāng)t=秒或t=3秒時(shí)， =9：100；

（3）存在

①若CQ=CP，如圖1，

則t=4.8﹣t．

解得：t=2.4．

②若PQ=PC，如圖2所示．

∵PQ=PC，PH⊥QC，

∴QH=CH=QC=．

∵△CHP∽△BCA．

∴．

∴．

解得；t=．

③若QC=QP，

過(guò)點(diǎn)Q作QE⊥CP，垂足為E，如圖3所示．

同理可得：t=．

綜上所述：當(dāng)t為2.4秒或秒或秒時(shí)，△CPQ為等腰三角形．