Question

如圖，在平面直角坐標(biāo)系中，O為坐標(biāo)原點(diǎn)，拋物線與x軸相交于O、B，頂點(diǎn)為A，連接OA．

（1）求點(diǎn)A的坐標(biāo)和∠AOB的度數(shù)；
（2）若將拋物線向右平移4個(gè)單位，再向下平移2個(gè)單位，得到拋物線m，其頂點(diǎn)為點(diǎn)C．連接OC和AC，把△AOC沿OA翻折得到四邊形ACOC′．試判斷其形狀，并說明理由；
（3）在（2）的情況下，判斷點(diǎn)C′是否在拋物線上，請(qǐng)說明理由；
（4）若點(diǎn)P為x軸上的一個(gè)動(dòng)點(diǎn)，試探究在拋物線m上是否存在點(diǎn)Q，使以點(diǎn)O、P、C、Q為頂點(diǎn)的四邊形是平行四邊形，且OC為該四邊形的一條邊？若存在，請(qǐng)直接寫出點(diǎn)Q的坐標(biāo)；若不存在，請(qǐng)說明理由．

Answer 1

（1）點(diǎn)A的坐標(biāo)為（﹣2，﹣2），∠AOB=45°。
（2）四邊形ACOC′為菱形。理由見解析
（3）點(diǎn)C′不在拋物線上。理由見解析
（4）存在符合條件的點(diǎn)Q。點(diǎn)Q的坐標(biāo)為（6，4）。

解析試題分析：（1）由得，y=（x﹣2）²﹣2，故可得出拋物線的頂點(diǎn)A的坐標(biāo)，過點(diǎn)A作AD⊥x軸，垂足為D，由∠ADO=90°可知點(diǎn)D的坐標(biāo)，故可得出OD=AD，由此即可得出結(jié)論。
∵由得，y=（x﹣2）²﹣2，
∴拋物線的頂點(diǎn)A的坐標(biāo)為（﹣2，﹣2）。
如圖1，過點(diǎn)A作AD⊥x軸，垂足為D，∴∠ADO=90°。
∵點(diǎn)A的坐標(biāo)為（﹣2，﹣2），點(diǎn)D的坐標(biāo)為（﹣2，0），
∴OD=AD=2�！唷螦OB=45°。
（2）由題意可知拋物線m的二次項(xiàng)系數(shù)為，由此可得拋物線m的解析式過點(diǎn)C作CE⊥x軸，垂足為E；過點(diǎn)A作AF⊥CE，垂足為F，與y軸交與點(diǎn)H，根據(jù)勾股定理可求出OC的長(zhǎng)，同理可得AC的長(zhǎng)，OC=AC，
由翻折的軸對(duì)稱性的性質(zhì)可知，OC=AC=OC′=AC′，由此即可得出結(jié)論。
四邊形ACOC′為菱形。理由如下：
由題意可知拋物線m的二次項(xiàng)系數(shù)為，且過頂點(diǎn)C的坐標(biāo)是（2，﹣4），
∴拋物線m的解析式為：y=（x﹣2）²﹣4，即y=x²﹣2x﹣2。
如圖，過點(diǎn)C作CE⊥x軸，垂足為E；過點(diǎn)A作AF⊥CE，垂足為F，與y軸交與點(diǎn)H，

∴OE=2，CE=4，AF=4，CF=CE﹣EF=2。
∴。
同理，AC=。
∴OC=AC。
由翻折的軸對(duì)稱性的性質(zhì)可知，OC=AC=OC′=AC′，
∴四邊形ACOC′為菱形。
（3）過點(diǎn)C′作C′G⊥x軸，垂足為G，由于OC和OC′關(guān)于OA對(duì)稱，∠AOB=∠AOH=45°，故可得出∠COH=∠C′OG，再根據(jù)CE∥OH可知∠OCE=∠C′OG，根據(jù)全等三角形的判定定理可知△CEO≌△C′GO，故可得出點(diǎn)C′的坐標(biāo)把x=﹣4代入拋物線進(jìn)行檢驗(yàn)即可得出結(jié)論。
點(diǎn)C′不在拋物線上。理由如下：
如圖，過點(diǎn)C′作C′G⊥x軸，垂足為G，

∵OC和OC′關(guān)于OA對(duì)稱，∠AOB=∠AOH=45°，∴∠COH=∠C′OG。
∵CE∥OH，∴∠OCE=∠C′OG。
又∵∠CEO=∠C′GO=90°，OC=OC′，∴△CEO≌△C′GO。∴OG=4，C′G=2。
∴點(diǎn)C′的坐標(biāo)為（﹣4，2）。
把x=﹣4代入拋物線得y=0。
∴點(diǎn)C′不在拋物線上。
（4）∵點(diǎn)P為x軸上的一個(gè)動(dòng)點(diǎn)，點(diǎn)Q在拋物線m上，

∴設(shè)Q（a，）。
∵OC為該四邊形的一條邊，∴OP為對(duì)角線。
∴CQ的中點(diǎn)在x上。
∵C的坐標(biāo)是（2，﹣4），
∴，解得a₁=6，a ₂=﹣2。
∴Q（6，4）或（﹣2，4）（Q、O、C在一直線上，舍去）。
∴點(diǎn)Q的坐標(biāo)為（6，4）。