解答:解:本溶液是無(wú)色透明的,所以不含有顏色的離子,故Cu
2+一定不存在;
通過(guò)圖象知,在加入過(guò)量的過(guò)氧化鈉的過(guò)程中,一開始就有沉淀生成,說(shuō)明不含有H
+;沉淀部分溶解,推斷一定含有Al
3+;K
+不能和中學(xué)常見(jiàn)物質(zhì)反應(yīng)產(chǎn)生特殊現(xiàn)象進(jìn)行判斷,只能用焰色反應(yīng)判斷,
①第一份加足量AgNO
3溶液后,有白色沉淀產(chǎn)生,推斷一定有CO
32-、SO
42-兩種中的一種.因通過(guò)圖象知含有Al
3+;鋁離子和碳酸根離子發(fā)生雙水解,不能共存,所以推斷一定不含有CO
32-、一定含有SO
42-;
②第二份加足里BaCl
2 溶液后,有白色沉淀產(chǎn)生,經(jīng)洗滌、干燥后,沉淀質(zhì)量為6.99g,推斷生成3×10
-2molBaSO
4,所以n(SO
42-)=3×10
-2mol;
③第三份逐滴滴加NaOH 溶液,測(cè)得沉淀與NaOH溶液的體積關(guān)系如圖,通過(guò)圖象知,在加入過(guò)量的過(guò)氧化鈉的過(guò)程中,一開始就有沉淀生成,說(shuō)明不含有H
+,沉淀部分溶解,推斷一定含有Al
3+;圖象中有一段平臺(tái),說(shuō)明加入OH
-時(shí)無(wú)沉淀生成,有NH
4+,NH
4++OH
-=NH
3?H
2O,最后溶液中有沉淀,說(shuō)明溶液中含Mg
2+,通過(guò)此實(shí)驗(yàn)無(wú)法判斷是否含有K
+,
(1)原溶液確定含有Mg
2+、Al
3+、NH
4+,由圖可知,沉淀最大時(shí)是氫氧化鎂、氫氧化鋁沉淀,且n[Mg(OH)
2]+n[Al(OH)
3]=0.02mol,沉淀最小時(shí),為氫氧化鎂,故n[Mg(OH)
2]=0.01mol,故n[Al(OH)
3]=0.02mol-0.01mol=0.01mol,根據(jù)鋁元素守恒可知n(Al
3+)=n[Al(OH)
3]=0.01mol,根據(jù)Al
3++3OH
-=Al(OH)
3↓,需OH
-0.03mol;根據(jù)鎂元素守恒可知原溶液中n(Mg
2+)=n[Mg(OH)
2]=0.01mol,根據(jù)Mg
2++2OH
-=Mg(OH)
2↓,需OH
-0.02mol;生成沉淀最大量時(shí)需OH
-0.05mol,由圖可知消耗Na0H25mL,所以c(Na0H )=
=
=2mol?L
-1;
根據(jù)NH
4++OH
-=NH
3?H
2O,所以可得到NH
4+的物質(zhì)的量為0.01L×2mol?L
-1=2×10
-2mol,所以可得到Mg
2+、Al
3+、NH
4+,其物質(zhì)的量之比n(Mg
2+):n(Al
3+):n(NH
4+)=0.01mol:0.01mol:2×10
-2mol=1:1:2,
故答案為:1:1:2;
(2)根據(jù)(1)的解析知:c(Na0H )=
=
=2mol?L
-1;
故答案為:2mol?L
-1;
(3)根據(jù)電荷守恒,陽(yáng)離子的總電荷為n(Mg
2+)×2+n(Al
3+)×3+n(NH
4+)×1+n(K
+)×1=0.07mol+n(K
+)×1,陰離子的總電荷為n(SO
42-)×2+n(NO
3-)×1=3×10
-2mol×2+n(NO
3-)×1,
陽(yáng)離子的總電荷等于陰離子所帶的總電荷,0.07mol+n(K
+)×1═3×10
-2mol×2+n(NO
3-)×1,
因K
+不能和中學(xué)常見(jiàn)物質(zhì)反應(yīng)產(chǎn)生特殊現(xiàn)象進(jìn)行判斷,只能用焰色反應(yīng)判斷,該實(shí)驗(yàn)無(wú)法判斷其是否存在,所以n(NO
3-)≥0.01mol,
故答案為:n(NO
3-)≥0.01mol;