8.高錳酸鉀是一種典型的強氧化劑,無論在實驗室還是在化工生產(chǎn)中都有重要的應(yīng)用.
下圖是實驗室制備氯氣并進行一系列相關(guān)實驗的裝置(夾持設(shè)備已略).

(1)制備氯氣選用的藥品為:高錳酸鉀和濃鹽酸,相應(yīng)的離子方程式為:2MnO4-+16H++10Cl-=2 Mn2++5Cl2↑+8H2O.
(2)裝置B的作用是除雜和安全瓶,監(jiān)測實驗進行時C中可能發(fā)生堵塞,請寫出發(fā)生堵塞時B中的現(xiàn)象錐形瓶中液面下降,長頸漏斗中液面上升.
(3)裝置C的實驗?zāi)康氖球炞C氯氣是否具有漂白性,為此C中I、II、III依次放入c.(選a或b或c)
abc
I干燥的有色布條濕潤的有色布條濕潤的有色布條
II堿石灰濃硫酸無水氯化鈣
III濕潤的有色布條干燥的有色布條干燥的有色布條
(4)設(shè)計裝置D、E的目的是比較氯、溴、碘的非金屬性.當(dāng)向D中緩緩?fù)ㄈ胱懔柯葰鈺r,可以看到無色溶液逐漸變?yōu)榧t棕色,說明氯的非金屬性大于溴.打開活塞,將D中的少量溶液加入E中,振蕩E.觀察到的現(xiàn)象是E中溶液分為兩層,上層(苯層)為紫紅色.該現(xiàn)象不能(填“能”或“不能”)說明溴的非金屬性強于碘,原因是過量的Cl2也可將I-氧化為I2

分析 裝置A是高錳酸鉀和濃鹽酸在常溫下反應(yīng)生成氯氣、氯化鉀、氯化錳和水,氯氣中含雜質(zhì)氯化氫,通過裝置B中飽和食鹽水除去,通過無水氯化鈣干燥氣體,驗證氯氣是否具有漂白性,則先通過I中濕潤的有色布條,觀察到褪色,再利用II中固體干燥劑(無水氯化鈣或硅膠)干燥后,在Ⅲ中放入干燥的有色布條,觀察到顏色不褪,則驗證氯氣不具有漂白性,D、E的目的是比較氯、溴、碘的非金屬性,D中發(fā)生氯氣與NaBr的反應(yīng)生成溴,打開活塞,將裝置D中少量溶液加入裝置E中,氯氣、溴均可與KI反應(yīng)生成碘,則E中碘易溶于苯,出現(xiàn)分層后上層為紫紅色的苯層,該現(xiàn)象不能說明溴的非金屬性強于碘,過量的氯氣也可將碘離子氧化,應(yīng)排除氯氣的干擾,最后剩余氣體被氫氧化鈉吸收,
(1)高錳酸鉀和濃鹽酸反應(yīng)生成錳離子、氯氣和水;
(2)鹽酸易揮發(fā),反應(yīng)制取的氯氣中含有氯化氫,裝置B中飽和食鹽水的作用是除去Cl2中的HCl;裝置B亦是安全瓶,監(jiān)測實驗進行時C中是否發(fā)生堵塞,發(fā)生堵塞時B中的,壓強增大;
(3)驗證氯氣是否具有漂白性,要驗證干燥氯氣無漂白性,濕潤的有色布條中,氯氣和水反應(yīng)生成次氯酸具有漂白性;
(4)打開活塞,將裝置D中少量溶液加入裝置E中,生成的溴單質(zhì)和碘化鉀反應(yīng)生成碘單質(zhì),碘單質(zhì)溶解于苯中,振蕩分層,苯層在上層;氯氣具有強氧化性;由于過量的氯氣也能夠氧化碘離子,無法說明溴單質(zhì)氧化性強于碘單質(zhì).

解答 解:(1)高錳酸鉀溶液與濃鹽酸反應(yīng)生成錳離子、氯氣與水,反應(yīng)的離子方程式為:2MnO4-+16H++10Cl-=2 Mn2++5Cl2↑+8H2O,
故答案為:2MnO4-+16H++10Cl-=2 Mn2++5Cl2↑+8H2O;
(2)鹽酸易揮發(fā),反應(yīng)制取的氯氣中含有氯化氫,裝置B中飽和食鹽水的作用是除去Cl2中的HCl;裝置B亦是安全瓶,監(jiān)測實驗進行時C中是否發(fā)生堵塞,發(fā)生堵塞時B中的,壓強增大,B中長頸漏斗中液面上升,形成水柱,
故答案為:除雜和安全瓶;錐形瓶中液面下降,長頸漏斗中液面上升;
(3)裝置C的實驗?zāi)康氖球炞C氯氣是否具有漂白性,要驗證干燥氯氣無漂白性,濕潤的有色布條中,氯氣和水反應(yīng)生成次氯酸具有漂白性,選項中abc的Ⅱ中都是干燥劑,根據(jù)圖示裝置可知,II中應(yīng)該為固體干燥劑,氯氣干燥后再通入濕潤的有色布條不能驗證氯氣的漂白性,所以C中I、II、III依次放入濕潤的有色布條、無水氯化鈣、干燥的有色布條,所以選c,
故答案為:c;
(4)打開活塞,將裝置D中含溴單質(zhì)的少量溶液加入焓碘化鉀和苯的裝置E中,溴單質(zhì)和碘化鉀反應(yīng)生成碘單質(zhì),碘單質(zhì)溶于苯呈紫紅色,振蕩;觀察到的現(xiàn)象是:E中溶液分為兩層,上層(苯層)為紫紅色;氯氣具有強氧化性,過量的氯氣能夠?qū)⒌怆x子氧化成碘單質(zhì),所以該現(xiàn)象不能說明溴的非金屬性強于碘,
故答案為:E中溶液分為兩層,上層(苯層)為紫紅色;不能;過量的Cl2也可將I-氧化為I2

點評 本題考查了氯氣實驗室制取、氯氣化學(xué)性質(zhì)、實驗設(shè)計、實驗裝置的理解評價、化學(xué)方程式的書寫等,是對所學(xué)知識的綜合運用,注意基礎(chǔ)知識的掌握,本題難度中等.

練習(xí)冊系列答案
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科目:高中化學(xué) 來源: 題型:填空題

18.某同學(xué)做同周期元素性質(zhì)遞變規(guī)律實驗時,自己設(shè)計了一套實驗方案,并記錄了有關(guān)實驗現(xiàn)象如表:
實驗方案實驗現(xiàn)象
1.用砂紙擦后的鎂帶與熱水反應(yīng),再向反應(yīng)后溶液中滴加酚酞A.浮于水面,熔成一個小球,在水面上無定向移動,隨之消失,溶液變紅色
2.向Na2S溶液中滴加新制的氯水B.產(chǎn)生氣體,可在空氣中燃燒,溶液變成淺紅色
3.鈉與滴有酚酞試液的冷水反應(yīng)C.反應(yīng)不十分強烈,產(chǎn)生的氣體可以在空氣中燃燒
4.鎂帶與2mo1•L-1的鹽酸反應(yīng)D.劇烈反應(yīng),產(chǎn)生可燃性氣體
5.鋁條與2mo1•L-1的鹽酸反應(yīng)E.生成白色膠狀沉淀,既而沉淀消失
6.向A1Cl3溶液滴加NaOH溶液至過量F.生成淡黃色沉淀
請你幫助該同學(xué)整理并完成實驗報告:
(1)實驗?zāi)康模候炞C第三周期元素從左到右金屬性遞減、非金屬性遞增的規(guī)律.
(2)實驗儀器:試管、酒精燈、鑷子、小刀、玻璃片、膠頭滴管等.
(3)實驗內(nèi)容:(填寫題給信息表中的序號和字母):
實驗方案實驗現(xiàn)象有關(guān)化學(xué)方程式
(4)實驗結(jié)論:金屬性:Na>Mg>Al,非金屬性:Cl>S.
(5)請用物質(zhì)結(jié)構(gòu)理論簡單說明具有上述結(jié)論的原因:Na、Mg、Al、S、Cl原子半徑隨電子數(shù)增多而減小,所以核對最外層電子的吸引力依次增強,失電子能力減弱,得電子能力增強.
(6)請你補充兩組簡單易行的實驗方案,證明此周期另外兩種主族元素性質(zhì)的遞變規(guī)律.
(7)本周期單核離子半徑最小的粒子的符號是Al 3+

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19.下列物質(zhì)的焰色反應(yīng)顏色為黃色的是( 。
A.CaClB.NaClC.KClD.CuCl2

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16.為使生成的氨氣被硫酸吸收時不發(fā)生倒吸,不可以選用下列裝置中的( 。
A.B.C.D.

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3.在甲燒杯中放入鹽酸,乙燒杯中放入醋酸,兩種溶液的體積和pH都相等,向兩燒杯中同時加入質(zhì)量不等的鋅粒,反應(yīng)結(jié)束后得到等量的氫氣.下列說法正確的是( 。
A.兩燒杯中生成氫氣的平均速率甲大于乙
B.甲燒杯中的酸過量
C.甲燒杯中放入鋅的質(zhì)量比乙燒杯中放入鋅的質(zhì)量大
D.反應(yīng)開始后乙燒杯中的c(H+)始終比甲燒杯中的c(H+)小

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科目:高中化學(xué) 來源: 題型:選擇題

13.下列變化中釋放能量的是( 。
A.1s22s22p63s1→1s22s22p6
B.N≡N(g)→N(g)+N(g)
C.2p${\;}_{x}^{2}$2p${\;}_{y}^{1}$2p${\;}_{z}^{1}$→2p${\;}_{x}^{1}$2p${\;}_{y}^{1}$2p${\;}_{z}^{2}$
D.2H(g)→H-H(g)

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20.某結(jié)晶水合物的化學(xué)式為A•XH2O,其式量為B,在60℃時m g該晶體溶于n g水中,得到V mL密度為d g•mL-1的飽和溶液,下述表達式判斷正確的是( 。
A.該溶液物質(zhì)的量濃度為$\frac{1000(B-18X)}{BV}$mol•L-1
B.該溫度下A的溶解度為$\frac{100(B-18X)}{nB+18mX}$g
C.該溶液的質(zhì)量分數(shù)為$\frac{100m}{m+n}$
D.將10 g A投入到該飽和溶液中,析出晶體大于10 g

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17.電浮選凝聚法是工業(yè)上采用的一種污水處理方法,電解過程生成的膠體能使污水中的懸浮物凝聚成團而除去,某研究小組用電浮選凝聚法處理污水,設(shè)計裝置如圖所示,下列說法正確的是(  )
A.裝置A中碳棒為陰極
B.裝置B中通入空氣的電極反應(yīng)是O2+2H2O+4e-═4OH-
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D.標(biāo)準(zhǔn)狀況下,若A裝置中產(chǎn)生44.8L氣體,則理論上B裝置中要消耗CH411.2L

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4.在25℃、1.01×105Pa下,將22g CO2通入到750mL 1.0mol•L-1的NaOH溶液中充分反應(yīng),放出x kJ熱量.在該條件下1molCO2通入到2L 1.0mol•L-1的NaOH溶液中充分反應(yīng),放出ykJ熱量,則CO2與NaOH反應(yīng)生成NaHCO3的熱化學(xué)反應(yīng)方程式為( 。
A.CO2(g)+NaOH(aq)═NaHCO3(aq)△H=-(2y-x) kJ•mol-1
B.CO2(g)+NaOH(aq)═NaHCO3(aq)△H=-(4x-y) kJ•mol-1
C.CO2(g)+NaOH(aq)═NaHCO3(aq)△H=-(2x-y) kJ•mol-1
D.CO2(g)+NaOH(aq)═NaHCO3(aq)△H=-(8x-2y) kJ•mol-1

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