Question

【題目】在一個(gè)容積不變的密閉容器中，發(fā)生反應(yīng)：2NO(g)+O2(g)2NO2(g)

（1）當(dāng)n(NO)：n(O2)＝4:1時(shí)，O2的轉(zhuǎn)化率隨時(shí)間的變化關(guān)系如下圖所示。

①A點(diǎn)的逆反應(yīng)速率v逆(O2)_____B點(diǎn)的正反應(yīng)速率v正(O2)（填“大于”、“小于”或“等于” ）。

②NO的平衡轉(zhuǎn)化率為______；當(dāng)達(dá)到B點(diǎn)后往容器中再以4:1 加入些NO和 O2，當(dāng)達(dá)到新平衡時(shí)，則NO的百分含量 B點(diǎn)NO的百分含量（填“大于”、“小于”或“等于” ）。

③到達(dá)B點(diǎn)后，下列關(guān)系正確的是（ ）

A．容器內(nèi)氣體顏色不再變化 B．v正（NO）=2 v正（O2）

C．氣體平均摩爾質(zhì)量在此條件下達(dá)到最大 D．容器內(nèi)氣體密度不再變化

（2）在下圖1和圖2中出現(xiàn)的所有物質(zhì)都為氣體，分析圖1和圖2，可推測(cè)：4NO(g)+3O2(g)＝2N2O5(g) △H= 。

（3）降低溫度，NO2(g)將轉(zhuǎn)化為N2O4(g)，以N2O4、O2、熔融NaNO3組成的燃料電池裝置如右圖所示，在使用過程中石墨I(xiàn)電極反應(yīng)生成一種氧化物Y，Y為 ，有關(guān)石墨I(xiàn)電極反應(yīng)式可表示為： 。

Answer 1

【答案】（1）①小于 ② 30% 小于 ③ ABCD【漏選一個(gè)扣一分，扣完為止】

（2）－787kJ/mol【－、單位漏掉無分】

（3）N2O5；N2O4+2NO3—-2e- ＝2N2O5【系數(shù)加倍也給分】

【解析】

試題分析：

（1）①A點(diǎn)沒有達(dá)到平衡狀態(tài)，正反應(yīng)速率大于逆反應(yīng)速率。B點(diǎn)反應(yīng)達(dá)到平衡狀態(tài)，正逆反應(yīng)速率相等，因此A點(diǎn)的逆反應(yīng)速率v逆 （O2）小于B點(diǎn)的正反應(yīng)速率v正（O2）。

②平衡時(shí)氧氣的轉(zhuǎn)化率是0.6，消耗氧氣是0.6nmol，根據(jù)方程式可知同時(shí)消耗NO是1.2nmol，所以NO的平衡轉(zhuǎn)化率為；當(dāng)達(dá)到B點(diǎn)后往容器中再以4:1 加入些NO和 O2，相當(dāng)于增大壓強(qiáng)，平衡向體積減小的正反應(yīng)方向進(jìn)行，因此當(dāng)達(dá)到新平衡時(shí)，則NO的百分含量小于B點(diǎn)NO的百分含量。

③到達(dá)B點(diǎn)后，反應(yīng)達(dá)到平衡狀態(tài)，則A．物質(zhì)的濃度不再發(fā)生變化，所以容器內(nèi)氣體顏色不再變化，A正確；B．平衡時(shí)正逆反應(yīng)速率相等，則v正（NO）=2 v正（O2，B正確；C．平均相對(duì)分子質(zhì)量是氣體的質(zhì)量與氣體總物質(zhì)的量的比值，正方應(yīng)是體積減小的，所以氣體平均摩爾質(zhì)量在此條件下達(dá)到最大，C正確；D．氣體的質(zhì)量和容器的容積均不變，則容器內(nèi)氣體密度不再變化，D正確，答案選ABCD。

（2）根據(jù)圖1和圖2可知反應(yīng)的熱化學(xué)方程式分別是①NO（g）+1/2O2（g）＝NO2（g）△H=143kJ/mol－287kJ/mol＝－144kJ/mol，②4NO2（g）+O2（g）＝2N2O5（g） △H=372kJ/mol－583kJ/mol＝－211kJ/mol，所以根據(jù)蓋斯定律可知①×4＋②即得到4NO（g）+3O2（g）＝2N2O5（g）△H=－787kJ/mol。

（3）氧氣在正極通入，石墨Ⅱ是正極，石墨I是負(fù)極，N2O4失去電子轉(zhuǎn)化為）N2O5，電極反應(yīng)式為N2O4+2NO3—-2e- ＝2N2O5。