Question

14．在遞增等差數(shù)列{a_n}中，a₄=2，且a₂，a₄，a₈成等比數(shù)列．
（1）求數(shù)列{a_n}的通項(xiàng)公式；
（2）從數(shù)列{a_n}中依次取出${a_1}，{a_2}，{a_4}，{a_8}，…，{a_{{2^{n-1}}}}，…$，構(gòu)成一個(gè)新的數(shù)列{b_n}，令c_n=n•b_n，求數(shù)列{c_n}的前n項(xiàng)和T_n．

Answer 1

分析 （1）利用遞增等差數(shù)列通項(xiàng)公式和等比數(shù)列性質(zhì)，列出方程組，求出首項(xiàng)和公差，由此能求出數(shù)列{a_n}的通項(xiàng)公式．
（2）求出b_n=${a}_{{2}^{n-1}}$=$\frac{{2}^{n-1}}{2}$=2^n-2=$\frac{{2}^{n}}{4}$，從而c_n=n•b_n=$\frac{n}{4}•{2}^{n}$，由此利用錯(cuò)位相減法能求出數(shù)列{c_n}的前n項(xiàng)和T_n．

解答 解：（1）∵在遞增等差數(shù)列{a_n}中，a₄=2，且a₂，a₄，a₈成等比數(shù)列，
∴$\left\{\begin{array}{l}{{a}_{1}+3d=2}\\{{2}^{2}=（{a}_{1}+d）（{a}_{1}+7d）}\\{d＞0}\end{array}\right.$，
解得${a}_{1}=\frac{1}{2}，d=\frac{1}{2}$，
∴a_n=$\frac{1}{2}+（n-1）×\frac{1}{2}$=$\frac{n}{2}$．
（2）∵從數(shù)列{a_n}中依次取出${a_1}，{a_2}，{a_4}，{a_8}，…，{a_{{2^{n-1}}}}，…$，構(gòu)成一個(gè)新的數(shù)列{b_n}，
∴b_n=${a}_{{2}^{n-1}}$=$\frac{{2}^{n-1}}{2}$=2^n-2=$\frac{{2}^{n}}{4}$，
∴c_n=n•b_n=$\frac{n}{4}•{2}^{n}$，
∴數(shù)列{c_n}的前n項(xiàng)和：
T_n=$\frac{1}{4}×2+\frac{2}{4}×{2}^{2}+\frac{3}{4}×{2}^{3}+…+\frac{n}{4}×{2}^{n}$，①
2T_n=$\frac{1}{4}×{2}^{2}+\frac{2}{4}×{2}^{3}+\frac{3}{4}×{2}^{4}+…+\frac{n}{4}×{2}^{n+1}$，②
①-②，得：-T_n=$\frac{1}{4}$（2+2²+2³+2⁴+…+2ⁿ）-$\frac{n}{4}×{2}^{n+1}$
=$\frac{1}{4}×\frac{2（1-{2}^{n}）}{1-2}-\frac{n}{4}×{2}^{n+1}$
=$\frac{{2}^{n}-n×{2}^{n}}{2}$-$\frac{1}{2}$，
∴T_n=$\frac{n-1}{2}×{2}^{n}$+$\frac{1}{2}$．

點(diǎn)評(píng) 本題考查了等差數(shù)列和等比數(shù)列的求和的運(yùn)用，屬于中檔題，解題時(shí)要認(rèn)真審題，注意錯(cuò)位相減法的合理運(yùn)用．