Question

已知定義在實(shí)數(shù)集R上的偶函數(shù)f（x）的最小值為3，且當(dāng)x≥0時(shí)，f（x）=3e^x+a（a為常數(shù)）．
（Ⅰ）求函數(shù)f（x）的解析式；
（Ⅱ）求最大的整數(shù)m（m＞1），使得存在實(shí)數(shù)t，對(duì)任意的x∈[1，m]，都有f（x+t）≤3ex成立．

Answer 1

考點(diǎn)：函數(shù)奇偶性的性質(zhì)

專(zhuān)題：函數(shù)的性質(zhì)及應(yīng)用

分析：（1）由y=e^x是增函數(shù)，得知f（x）也是（0，+∞）上增函數(shù)，再由f（x）為偶函數(shù)，則f（x）在（-∞，0）上是減函數(shù)，從而當(dāng)x=0時(shí)有最小值求得a值，然后利用偶函數(shù)求對(duì)稱(chēng)區(qū)間上的解析式即可．
（2）先假設(shè)當(dāng)x∈[1，m]時(shí)，存在t∈R，有f（x+t）≤3ex，則有f（1+t）≤3e，下面要選擇解析式，所以要分1+t≥0時(shí)和1+t≤0時(shí)兩種情況得t的范圍，同樣地，有f（m+t）≤3em及m≥2，得e^m+t≤em轉(zhuǎn)化為e^t≤

em

em

由t的存在性可知，上述不等式在[-2，0]上必有解，只要求得e^t在[-2，0]上的最小值可即可．

解答： 解：（1）∵y=e^x是增函數(shù)，∴當(dāng)x≥0時(shí)，f（x）為增函數(shù)，又f（x）為偶函數(shù)，
∴f（x）_min=f（0）=3+a，∴3+a=3．∴a=0
當(dāng)x＜0時(shí)，-x＞0，∴f（x）=f（-x）=3e^-x
綜上，f（x）=

3ex，x≥0 3e-x，x＜0

，
（2）∵當(dāng)x∈[1，m]時(shí)，都有f（x+t）≤3ex，
∴f（1+t）≤3e
當(dāng)1+t≥0時(shí)，有：3e^1+t≤3e，即e^1+t≤e，得到1+t≤1，
∴-1≤t≤0；
當(dāng)1+t≤0時(shí)，同理，-2≤t≤-1，
∴-2≤t≤0
同樣地，f（m+t）≤3em及m≥2，得e^m+t≤em
∴e^t≤

em

em

，
由t的存在性可知，上述不等式在[-2，0]上必有解．
∵e^t在[-2，0]上的最小值為e^-2，
∴e^-2≤

em

em

，即e^m-e³m≤0①
令g（x）=e^x-e³x，x∈[2，+∞）．
則g'（x）=e^x-e³由g'（x）=0得x=3
當(dāng)2≤x＜3時(shí)，g'（x）＜0，g（x）是減函數(shù)；當(dāng)x＞3時(shí)，g'（x）＞0，g（x）是增函數(shù)
∴g（x）的最小值是g（3）=e³-3e³=-2e³＜0，
又g（2）＜0，g（4）＜0，g（5）＞0，
∴g（x）=0在[2，+∞）上有唯一解m₀∈（4，5）．
當(dāng)2≤x≤m₀時(shí)，g（x）≤0，當(dāng)x＞m₀時(shí)，g（x）＞0
∴在x∈[2，+∞）時(shí)滿足不等式①的最大實(shí)數(shù)解為m₀
當(dāng)t=-2，x∈[1，m₀]時(shí)，f（x-2）-3ex=3e（e^|x-2|-1-x），
在x∈[1，2）時(shí)，
∵e^|x-2|-1=e^1-x≤1
∴f（x-2）-3ex≤0，
在x∈[2，m₀]時(shí)，f（x-2）-3ex=3e（ex-3-x）=

3

e2

g（x）≤0
綜上所述，m最大整數(shù)為4．

點(diǎn)評(píng)：本題主要考查利用奇偶性來(lái)求對(duì)稱(chēng)區(qū)間上的解析式和應(yīng)用單調(diào)性來(lái)解決恒成立問(wèn)題．這類(lèi)問(wèn)題綜合性較強(qiáng)，涉及的知識(shí)和方法較多，思路比較繁雜，解題時(shí)必須嚴(yán)格按照邏輯步驟，層層解決．