已知P是圓F1:(x+1)2+y2=16上的動(dòng)點(diǎn),點(diǎn)F2(1,0),線(xiàn)段PF2的垂直平分線(xiàn)l與半徑F1P交于點(diǎn)Q.
(I)當(dāng)點(diǎn)P在圓上運(yùn)動(dòng)時(shí),求點(diǎn)Q的軌跡C的方程.
(II)已知點(diǎn)M(1,
3
2
),A、B在(1)中所求的曲線(xiàn)C上,且
MA
+
MB
OM
(λ∈R,O是坐標(biāo)原點(diǎn)),
(i)求直線(xiàn)AB的斜率;
(ii)求證:當(dāng)△MAB的面積取得最大值時(shí),O是△MAB的重心.
分析:(I)根據(jù)圓M的標(biāo)準(zhǔn)方程得到點(diǎn)M坐標(biāo)(-1,0),圓的半徑R=4,再由線(xiàn)段中垂線(xiàn)定理,可得出點(diǎn)Q的軌跡C是橢圓,從而可得出點(diǎn)G的軌跡C對(duì)應(yīng)的橢圓的標(biāo)準(zhǔn)方程;
(II)(i)設(shè)A(x1,y1),B(x2,y2),由
MA
+
MB
OM
x1+x2=3+λ
y1+y2=3+
3
2
λ
,再利用點(diǎn)差法,即可求得直線(xiàn)AB的斜率;
(ii)設(shè)AB的直線(xiàn)方程為y=-
1
2
x+t
,代入橢圓C的方程,求出|AB|及P到直線(xiàn)AB的距離,從而可得△MAB的面積,利用基本不等式求最值,即可證得結(jié)論.
解答:(I)解:根據(jù)題設(shè)有|QP|=|QF2|,|F1P|=4
∴|QF1|+|QF2|=|QF1|+|QP|=|F1P|=4
∵|F1F2|=2<4    
∴根據(jù)橢圓的定義可知,Q的軌跡為以F1(-1,0),F(xiàn)2(1,0)為焦點(diǎn)中心在原點(diǎn)半長(zhǎng)軸為2,半焦距為1,半短軸為
3
的橢圓,其方程為
x2
4
+
y2
3
=1

(II)(i)解:設(shè)A(x1,y1),B(x2,y2),由
MA
+
MB
OM

1-x1+1-x2=λ,
3
2
-y1+
3
2
-y2=
3
2
λ

x1+x2=2+λ
y1+y2=3+
3
2
λ

由 
x12
4
+
y12
3
=1
x22
4
+
y22
3
=1
,
兩式相減可得
(x1+x2)(x1-x2)
4
+
(y1+y2)(y1-y2)
3
=0
直線(xiàn)AB的斜率為
y1-y2
x1-x2
=-
3
4
×
x1+x2
y1+y2
=-
1
2
;
(ii)證明:設(shè)AB的直線(xiàn)方程為y=-
1
2
x+t
,代入橢圓C的方程,整理得x2-tx+t2-3=0
∴△=3(4-t2)>0,|AB|=
1+
1
4
×
3(4-t2)
=
5
2
3(4-t2)

∵P到直線(xiàn)AB的距離d=
|4-2t|
5

∴△MAB的面積為S=
3
2
|2-t|
4-t2
(-2<t<2)

S2=
1
4
(2-t)3(6+3t)
1
4
×[
(2-t)+(2-t)+(2-t)+(6+3t)
4
]4
=
81
4

∴S≤
9
2
,當(dāng)且僅當(dāng)2-t=6+3t,即t=-1時(shí)取等號(hào)
∴當(dāng)t=-1時(shí),三角形的面積S取得最大值
9
2

根據(jù)韋達(dá)定理得x1+x2=t=-1,∴x1+x2=2+λ=-1,∴λ=-3
x1+x2+1
3
=0
,
y1+y2+
3
2
3
=0

故O是△MAB的重心.
點(diǎn)評(píng):本題借助一個(gè)動(dòng)點(diǎn)的軌跡,得到橢圓的第一定義,進(jìn)而求出其軌跡方程,考查向量知識(shí)的運(yùn)用,考查三角形面積的計(jì)算,考查基本不等式的運(yùn)用,屬于中檔題.
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已知P是圓F1:(x+1)2+y2=16上任意一點(diǎn),點(diǎn)F2的坐標(biāo)為(1,0),直線(xiàn)m分別與線(xiàn)段F1P、F2P交于M、N兩點(diǎn),且
MN
=
1
2
(
MF2
+
MP
),|
NM
+
F2P
|=|
NM
-
F2P
|

(1)求點(diǎn)M的軌跡C的方程;
(2)斜率為k的直線(xiàn)l與曲線(xiàn)C交于P、Q兩點(diǎn),若
OP
OQ
=0
(O為坐標(biāo)原點(diǎn)).試求直線(xiàn)l在y軸上截距的取值范圍;
(3)是否存在斜率為
1
2
的直線(xiàn)l與曲線(xiàn)C交于P、Q兩點(diǎn),使得
OP
OQ
=0
(O為坐標(biāo)原點(diǎn)),若存在求出直線(xiàn)l的方程,否則說(shuō)明理由.

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(I)當(dāng)點(diǎn)P在圓上運(yùn)動(dòng)時(shí),求點(diǎn)Q的軌跡C的方程.
(II)已知點(diǎn)M(1,數(shù)學(xué)公式),A、B在(1)中所求的曲線(xiàn)C上,且數(shù)學(xué)公式(λ∈R,O是坐標(biāo)原點(diǎn)),
(i)求直線(xiàn)AB的斜率;
(ii)求證:當(dāng)△MAB的面積取得最大值時(shí),O是△MAB的重心.

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