Question

（Ⅰ）已知函數(shù)．?dāng)?shù)列{a_n}滿足：a_n＞0，a₁=1，且，記數(shù)列{b_n}的前n項(xiàng)和為S_n，且．求數(shù)列{b_n}的通項(xiàng)公式；并判斷b₄+b₆是否仍為數(shù)列{b_n}中的項(xiàng)？若是，請(qǐng)證明；否則，說明理由．
（Ⅱ）設(shè){c_n}為首項(xiàng)是c₁，公差d≠0的等差數(shù)列，求證：“數(shù)列{c_n}中任意不同兩項(xiàng)之和仍為數(shù)列{c_n}中的項(xiàng)”的充要條件是“存在整數(shù)m≥-1，使c₁=md”．

Answer 1

解：（Ⅰ）因?yàn)?img class='latex' src='http://thumb.zyjl.cn/pic5/latex/75779.png' />，
所以，
即，，
即．（4分）
因?yàn)?img class='latex' src='http://thumb.zyjl.cn/pic5/latex/75784.png' />，
當(dāng)n=1時(shí)，，
當(dāng)n≥2時(shí)，，
所以．（6分）
又因?yàn)?img class='latex' src='http://thumb.zyjl.cn/pic5/latex/75788.png' />，
所以令，
則；
得到與t∈N^*矛盾，
所以b₄+b₆不在數(shù)列{b_n}中．（8分）
（Ⅱ）充分性：若存在整數(shù)m≥-1，使c₁=md．
設(shè)c_r，c_t為數(shù)列{c_n}中不同的兩項(xiàng)，
則c_r+c_t=c₁+（r-1）d+c₁+（t-1）d=c₁+（r+m+t-2）d=c₁+[（r+m+t-1）-1]d．
又r+t≥3且m≥-1，所以r+m+t-1≥1．
即c_r+c_t是數(shù)列{c_n}的第r+m+t-1項(xiàng)．（11分）
必要性：若數(shù)列{c_n}中任意不同兩項(xiàng)之和仍為數(shù)列{c_n}中的項(xiàng)，
則c_s=c₁+（s-1）d，c_t=c₁+（t-1）d，
（s，t為互不相同的正整數(shù)）
則c_s+c_t=2c₁+（s+t-2）d，令c_s+c_t=c_l，
得到2c₁+（s+t-2）d=c₁+（l-1）d（n，t，s∈N^*），
所以c₁=（l-s-t+1）d，
令整數(shù)m=l-s-t+1，所以c₁=md． （14分）
下證整數(shù)m≥-1
若設(shè)整數(shù)m＜-1，則-m≥2．令k=-m，
由題設(shè)取c₁，c_k使c₁+c_k=c_r（r≥1）
即c₁+c₁+（k-1）d=c₁+（r-1）d，
所以md+（-m-1）d=（r-1）d
即rd=0與r≥1，d≠0相矛盾，所以m≥-1．
綜上，數(shù)列{c_n}中任意不同兩項(xiàng)之和仍為數(shù)列{c_n}中的項(xiàng)的充要條件是存在整數(shù)m≥-1，使c₁=md．（16分）
分析：（Ⅰ）由題意知，，所以．再由題設(shè)條件可以導(dǎo)出，由此可知b₄+b₆不在數(shù)列{b_n}中．
（Ⅱ）先證充分性：若存在整數(shù)m≥-1，使c₁=md．再證必要性：若數(shù)列{c_n}中任意不同兩項(xiàng)之和仍為數(shù)列{c_n}中的項(xiàng)，則c_s=c₁+（s-1）d，c_t=c₁+（t-1）d．
點(diǎn)評(píng)：本題考查數(shù)列的性質(zhì)和綜合運(yùn)用，難度較大．解題時(shí)要認(rèn)真審題，仔細(xì)解答．