分析 (1)連結(jié)A1C,交AC1于點E,連結(jié)DE,則DE∥A1B,由此能證明A1B∥平面ADC1.
(2)推導(dǎo)出AD⊥BC,CC1⊥AD,則∠B1DC1是二面角B1-AD-C1的平面角,由此利用余弦定理能求出二面角B1-AD-C1的余弦值.
解答 證明:(1)如圖,連結(jié)A1C,交AC1于點E,
則點E是A1C與AC1的中點,連結(jié)DE,
由點D是BC的中點,點E是A1C的中點,得DE是△A1BC的中位線,
∴DE∥A1B,
∵DE?平面ADC1,A1B?平面ADC1,
∴A1B∥平面ADC1.
解:(2)∵D是BC的中點,△ABC是等腰直角三角形,
∴AD⊥BC,
又∵CC1⊥平面ABC,∴CC1⊥AD,
又BC∩CC1=C,∴AD⊥C1D,
∴∠B1DC1是二面角B1-AD-C1的平面角,
∵AB⊥AC,AB=AC=AA1=2,
∴由勾股定理得BC=$\sqrt{A{B}^{2}+A{C}^{2}}=2\sqrt{2}$,∴BD=CD=$\frac{1}{2}BC=\sqrt{2}$,
在△BDB1中,由勾股定理得B1D=$\sqrt{B{{B}_{1}}^{2}+B{D}^{2}}$=$\sqrt{6}$,
在△CDC1中,由勾股定理得C1D=$\sqrt{C{{C}_{1}}^{2}+C{D}^{2}}$=$\sqrt{6}$,
在△B1DC1中,由余弦定理得cos∠B1DC1=$\frac{(\sqrt{6})^{2}+(\sqrt{6})^{2}-(2\sqrt{2})^{2}}{2×\sqrt{6}×\sqrt{6}}$=$\frac{1}{3}$.
∴二面角B1-AD-C1的余弦值為$\frac{1}{3}$.
點評 本題考查線面平行的證明,考查二面角的余弦值的求法,是中檔題,解題時要認(rèn)真審題,注意空間思維能力的培養(yǎng).
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A. | (-10,-6) | B. | [-12,-2) | C. | [-12,-6) | D. | [-12,-10) |
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A. | $\frac{\sqrt{3}π}{2}$ | B. | $\frac{\sqrt{3}π}{3}$ | C. | $\frac{π}{6}$ | D. | $\frac{\sqrt{3}π}{6}$ |
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A. | 2 | B. | $\frac{2\sqrt{3}}{3}$ | C. | 3$\sqrt{3}$ | D. | $\sqrt{3}$ |
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科目:高中數(shù)學(xué) 來源:2016-2017學(xué)年安徽六安一中高一上國慶作業(yè)二數(shù)學(xué)試卷(解析版) 題型:填空題
函數(shù)的定義域為,值域為,則的取值范圍是_________.
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在映射中,如果,那么稱為的像.設(shè),使,則中所有元素的像構(gòu)成的集合是______.(用列舉法表示)
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