Question

15．如圖所示，在四棱錐A-BCDE中，AB⊥平面BCDE，四邊形BCDE為矩形，F(xiàn)、G分別為AC、AE的中點(diǎn)，AB=BC=2，BE=$\sqrt{2}$．
（Ⅰ）證明：EF⊥BD；
（Ⅱ）求點(diǎn)A到平面BFG的距離．

Answer 1

分析 （Ⅰ）取BC的中點(diǎn)M，連接MF，ME，證明BD⊥平面MEF，即可證明EF⊥BD；
（Ⅱ）利用V_A-BFG=V_G-ABF，求點(diǎn)A到平面BFG的距離．

解答 （Ⅰ）證明：取BC的中點(diǎn)M，連接MF，ME，
∵AB⊥平面BCDE，MF∥AB，
∴MF⊥平面BCDE，又BD?平面BCDE，∴MF⊥BD．
在Rt△MBE與Rt△BED中，∵$\frac{MB}{BE}$=$\frac{BE}{ED}$=$\frac{\sqrt{2}}{2}$，∴Rt△MBE∽R(shí)t△BED．
∴∠BME=∠EBD，而∠BME+∠BEM=90°，于是∠BEM+∠EBD=90°，
∴ME⊥BD，
又∵M(jìn)F∩ME=M，∴BD⊥平面MEF，
又∵EF?平面MEF，∴EF⊥BD．…（6分）
（Ⅱ）解：∵AB⊥平面BCDE，BE?平面BCDE，∴AB⊥BE，
∵四邊形BCDE為矩形，∴BE⊥BC，
又∵AB∩BC=B，
∴BE⊥平面ABC，
∵G為AE的中點(diǎn)，
∴G到平面ABF的距離為$\frac{1}{2}$BE=$\frac{\sqrt{2}}{2}$，
S_△ABF=$\frac{1}{2}$×2×1=1，
在△BFG中，F(xiàn)G=$\frac{1}{2}$CE=$\frac{\sqrt{6}}{2}$，BG=$\frac{1}{2}$AE=$\frac{\sqrt{6}}{2}$，BF=$\frac{1}{2}$AC=$\sqrt{2}$，
∴S_△BFG=$\frac{\sqrt{2}}{2}$，
設(shè)A到平面BFG的距離為d，
∵V_A-BFG=V_G-ABF，
∴$\frac{1}{3}$•S_△BFG•d=$\frac{1}{3}$•S_△ABF•$\frac{\sqrt{2}}{2}$，
∴d=1，即A到平面BFG的距離為1．…（12分）

點(diǎn)評(píng) 本題考查線面垂直的判定與性質(zhì)，考查等體積方法的運(yùn)用，屬于中檔題．