Question

如圖，平面PAD⊥平面ABCD，ABCD為正方形，△PAD是直角三角形，且PA=AD=2，E、F、G分別是線段PA、PD、CD的中點．
（1）求證：面EFG⊥面PAB；
（2）求異面直線EG與BD所成的角；
（3）求點A到面EFG的距離．

Answer 1

【答案】分析：解法一（1）由已知中ABCD為正方形，△PAD是直角三角形，可得AD⊥AB，AD⊥PA，進而由線面垂直的判定定理得到AD⊥面PAB，結合E、F分別是線段PA、PD的中點及三角形中位線定理可得EF/AD，結合線面垂直的第二判定定理可得EF⊥面PAB，再由面面垂直的判定定理得到面EFG⊥面PAB；
（2）取BC的中點M，連接GM、AM、EM，由異面直線夾角的定義可得∠EGM（或其補角）就是異面直線EG與BD所成的角，解△MAE可得答案．
（3）取AB中點H，連接GH，HE，過點A作AT⊥HE于T，則AT就是點A到平面EFG的距離，解Rt△AEH，即可得到點A到面EFG的距離．
解法二：（1）以A為原點建立如圖所示的空間直角坐標系A-xyz，分別求出向量，，的坐標，根據(jù)兩個向量數(shù)量積為0，向量垂直，易判斷出EF⊥AP，EF⊥AB，結合線面垂直的判定定理得到答案．
（2）分別求出向量，的方向向量，代入向量夾角公式，即可得到答案．
（3）求出平面EFC的法向量，及向量的坐標，代入點A到平面EFG的距離公式，可得答案．
解答：解法一（1）證明：∵ABCD為正方形，△PAD是直角三角形，
且PA=AD=2，∴AD⊥AB，AD⊥PA
又AB∩PA=A，∴AD⊥面PAB．…（1分）
∵E、F分別是線段PA、PD的中點，
∴EF/AD，∴EF⊥面PAB．…（2分）
又EF?面EFG，∴面EFG⊥面PAB．…（3分）
（2）解：取BC的中點M，連接GM、AM、EM，則GM∥BD，
∴∠EGM（或其補角）就是異面直線EG與BD所成的角．（4分）
在Rt△MAE中，，
同理，…（5分）
又，∴在△MGE中，…（6分）
故異面直線EG與BD所成的角為arccos，…（7分）
（3）解：取AB中點H，連接GH，HE，則GH∥AD∥EF，
∴E、F、G、H四點共面，過點A作AT⊥HE于T，
∵面EFGH⊥面PAB，∴AT⊥平面EFGH，…（9分）
∴AT就是點A到平面EFG的距離．…（10分）
在Rt△AEH中，AE=AH=1，
∴，
故點A到平面EFG的距離為．…（12分）
解法二：建立如圖所示的空間直角坐標系A-xyz，
則A（0，0，0），B（2，0，0），C（2，2，0），D（0，2，0），
P（0，0，2），E（0，0，1），F(xiàn)（0，1，1），G（1，2，0）．
（1）證明：∵=（0，1，0），=（0，0，2），=（2，0，0），
∴•=0×0+1×0+0×2=0，•=0×2+1×0+0×0=0，
∴EF⊥AP，EF⊥AB．…（1分）
又∵AP、AB?面PAB，且PA∩AB=A，
∴EF⊥平面PAB．…（2分）
又EF?面EFG，∴平面EFG⊥平面PAB．…（3分）
（2）解：∵，…（4分）
∴，…（6分）
故異面直線EG與BD所成的角為arcos．…（7分）
（3）解：設平面EFC的法向量=（x，y，z），…（8分）
則…（10分）
令z=0，得=（1，0，1）．…（11分）
又=（0，0，1），∴點A到平面EFG的距離．…（12分）
點評：本題考查的知識點是向量語言表述直線的垂直關系，點到平面的距離運算，用空間向量求直線間的夾角，其中解法一（幾何法）的關鍵是熟練掌握空間線面關系的判定、性質(zhì)及相互轉(zhuǎn)換；解法二（向量法）的關鍵是建立恰當?shù)目臻g坐標系，將空間線面關系問題轉(zhuǎn)化為向量夾角問題．