Question

設(shè)定義在R上的函數(shù)f（x）對(duì)任意x，y∈R均滿足：f(x)+f(y)=2f(

x+y

2

)，且f（0）=0，當(dāng)x＞0時(shí)，f（x）＞0．
（1）判斷并證明f（x）的奇偶性；
（2）判斷并證明f（x）在R上的單調(diào)性；
（3）若f（1）=1，且不等式f（-k•2^x）+f（9+4^x）≥2對(duì)任意x∈[0，+∞）恒成立，求實(shí)數(shù)k的取值范圍．

Answer 1

考點(diǎn)：抽象函數(shù)及其應(yīng)用

專(zhuān)題：綜合題,函數(shù)的性質(zhì)及應(yīng)用

分析：（1）由于f（0）=0，令y=-x即可判斷f（x）的奇偶性；
（2）設(shè)x₁＜x₂，依題意可證f（x₂）-f（x₁）=f（x₂）+f（-x₁）=2f（

x2-x1

2

）＞0，從而可判斷f（x）在R上為單調(diào)遞增函數(shù)；
（3）依題意得，f（

9+4x-1

2

）≥f（

1+k•2x

2

），又f（x）在R上為單調(diào)遞增函數(shù)，從而有

9+4x-1

2

≥

1+k•2x

2

⇒k≤2^x+

7

2x

對(duì)任意x∈[0，+∞）恒成立，利用基本不等式可求得h（x）=2^x+

7

2x

的最小值，從而得到答案．

解答： 解：（1）f（x）為奇函數(shù)；下面給出證明：
∵f（0）=0，f（x）+f（y）=2f（

x+y

2

），
∴令y=-x得：f（x）+f（-x）=2f（0）=0，
∴f（-x）=-f（x），
∴f（x）為奇函數(shù)；
（2）設(shè)x₁＜x₂，則x₂-x₁＞0，
∴f（x₂）-f（x₁）=f（x₂）+f（-x₁）=2f（

x2-x1

2

），
∵x＞0時(shí)，f（x）＞0，而x₂-x₁＞0，

x2-x1

2

＞0，
∴2f（

x2-x1

2

）＞0，
∴f（x₂）＞f（x₁），
∴f（x）在R上為單調(diào)遞增函數(shù)；
（3）∵f（1）=1，且不等式f（-k•2^x）+f（9+4^x）≥2對(duì)任意x∈[0，+∞）恒成立，
∴f（9+4^x）-f（1）≥f（1）-f（-k•2^x）=f（1）+f（k•2^x），
即f（9+4^x）+f（-1）≥f（1）+f（k•2^x），
即2f（

9+4x-1

2

）≥2f（

1+k•2x

2

），
∴f（

9+4x-1

2

）≥f（

1+k•2x

2

），又f（x）在R上為單調(diào)遞增函數(shù)，
∴

9+4x-1

2

≥

1+k•2x

2

，
∴k≤2^x+

7

2x

對(duì)任意x∈[0，+∞）恒成立，
令h（x）=2^x+

7

2x

，則h（x）≥2

7

（當(dāng)且僅當(dāng)x=log₄7時(shí)取等號(hào)），
∴h（x）_min=2

7

，
∴k≤2

7

．

點(diǎn)評(píng)：本題考查抽象函數(shù)及其應(yīng)用，著重考查函數(shù)的奇偶性與單調(diào)性的確定，考查等價(jià)轉(zhuǎn)化思想與綜合運(yùn)算能力，考查基本不等式的應(yīng)用，屬于難題．