Question

17．已知定義在（0，+∞）上的函數(shù)f（x）滿足對?a，b∈（0，+∞）都有f（ab）=f（a）+f（b），且當(dāng)x＞1時，f（x）＜0．
（Ⅰ）求f（1）的值；
（Ⅱ）判斷f（x）的單調(diào)性并證明；
（Ⅲ）若f（3）=-1，解不等式f（x）+f（x-8）＞-2．

Answer 1

分析 （I）令a=b=1即可得出關(guān)于f（1）的方程，求出f（1）；
（II）設(shè)0＜x₁＜x₂，則由函數(shù)性質(zhì)①可得出f（x₂）-f（x₁）=f（$\frac{{x}_{2}}{{x}_{1}}$）+f（x₁）-f（x₁）=）=f（$\frac{{x}_{2}}{{x}_{1}}$），由$\frac{{x}_{2}}{{x}_{1}}＞0$，∴$f（\frac{{x}_{2}}{{x}_{1}}）＜0$，得到 f（x₂）＜f（x₁）．
（Ⅲ）根據(jù)函數(shù)性質(zhì)可得f（9）=-2，利用函數(shù)的單調(diào)性和定義域列出不等式組解出x

解答 解：（1）對?a，b∈（0，+∞）都有f（ab）=f（a）+f（b），令a=b=1，可得f（1）=2f（1），解得f（1）=0；
 （Ⅱ） 證明：設(shè)x₁，x₂∈（0，+∞），且x₁＜x₂，
則f（x₂）-f（x₁）=f（$\frac{{x}_{2}}{{x}_{1}}•{x}_{1}$）-f（x₁）=f（$\frac{{x}_{2}}{{x}_{1}}$）+f（x₁）-f（x₁）=）=f（$\frac{{x}_{2}}{{x}_{1}}$）
∵$\frac{{x}_{2}}{{x}_{1}}＞0$，∴$f（\frac{{x}_{2}}{{x}_{1}}）＜0$，∴f（x₂）-f（x₁）＜0，即f（x₂）＜f（x₁）．
∴f（x）在（0，+∞）上是減函數(shù)．
（Ⅲ）令a=b=3，可得f（9）=2f（3）=-2，
∴f（x）+f（x-8）＞-2⇒f[x（x-8）]＞f（9）
⇒$\left\{\begin{array}{l}{x（x-8）＜9}\\{x＞0}\\{x-8＞0}\end{array}\right.∴8＜x＜9$．
不等式f（x）+f（x-8）＞-2的解集為：（8，9）

點(diǎn)評 本題考查了抽象函數(shù)的性質(zhì)，單調(diào)性的判斷與應(yīng)用，屬于中檔題