Question

6．已知函數(shù)f（x）=alnx+$\frac{1}{bx}$（a，b∈R）在點(diǎn)（1，f（1））處的切線方程為x-2y=0．
（1）求a，b的值；
（2）當(dāng)x＞1時，f（x）-kx＜0恒成立，求實(shí)數(shù)k的取值范圍；
（3）證明：當(dāng)n∈N^*，且n≥2時，$\frac{1}{2ln2}$+$\frac{1}{3ln3}$+$\frac{1}{4ln4}$+…+$\frac{1}{nlnn}$＞$\frac{{3{n^2}-n-2}}{{2{n^2}+2n}}$．

Answer 1

分析 （1）f′（x）=$\frac{a}{x}$-$\frac{1}{b{x}^{2}}$=$\frac{abx-1}{b{x}^{2}}$，f′（1）=a-$\frac{1}$，f（1）=$\frac{1}$．由函數(shù)f（x）在點(diǎn)（1，f（1））處的切線方程為x-2y=0．
可得a-$\frac{1}$=$\frac{1}{2}$，1-2×$\frac{1}$=0，解得a，b．
（2）f（x）=lnx+$\frac{1}{2x}$．當(dāng)x＞1時，f（x）-kx＜0恒成立，lnx+$\frac{1}{2x}$-kx＜0，化為：k$＞\frac{lnx}{x}$+$\frac{1}{2{x}^{2}}$=g（x）．利用導(dǎo)數(shù)研究函數(shù)g（x）的單調(diào)性極值與最值即可得出．
（3）由（2）可知：x＞1時，$\frac{lnx}{x}$+$\frac{1}{2{x}^{2}}$＜$\frac{1}{2}$，化為$\frac{1}{xlnx}＞\frac{2}{{x}^{2}-1}$，令x=n≥2，則$\frac{1}{nlnn}$＞$\frac{2}{{n}^{2}-1}$=$\frac{1}{n-1}-\frac{1}{n+1}$．利用“累加求和”方法與“裂項(xiàng)求和”方法即可得出．

解答 （1）解：f′（x）=$\frac{a}{x}$-$\frac{1}{b{x}^{2}}$=$\frac{abx-1}{b{x}^{2}}$，f′（1）=a-$\frac{1}$，f（1）=$\frac{1}$．
∵函數(shù)f（x）在點(diǎn)（1，f（1））處的切線方程為x-2y=0．
∴a-$\frac{1}$=$\frac{1}{2}$，1-2×$\frac{1}$=0，解得b=2，a=1．
（2）解：f（x）=lnx+$\frac{1}{2x}$．
當(dāng)x＞1時，f（x）-kx＜0恒成立，
∴l(xiāng)nx+$\frac{1}{2x}$-kx＜0，化為：k$＞\frac{lnx}{x}$+$\frac{1}{2{x}^{2}}$=g（x）．
g′（x）=$\frac{1-lnx}{{x}^{2}}$-$\frac{1}{{x}^{3}}$=$\frac{x-xlnx-1}{{x}^{3}}$．
令h（x）=x-xlnx-1，（x＞1）．
h′（x）=1-lnx-1=-lnx＜0，
∴h（x）＜h（1）=0，
∴g′（x）＜0，∴函數(shù)g（x）在x∈（1，+∞）上單調(diào)遞減．
∴k≥g（1）=$\frac{1}{2}$．
（3）證明：由（2）可知：x＞1時，$\frac{lnx}{x}$+$\frac{1}{2{x}^{2}}$＜$\frac{1}{2}$，化為$\frac{1}{xlnx}＞\frac{2}{{x}^{2}-1}$，
令x=n≥2，則$\frac{1}{nlnn}$＞$\frac{2}{{n}^{2}-1}$=$\frac{1}{n-1}-\frac{1}{n+1}$．
∴當(dāng)n∈N^*，且n≥2時，$\frac{1}{2ln2}$+$\frac{1}{3ln3}$+$\frac{1}{4ln4}$+…+$\frac{1}{nlnn}$＞$（1-\frac{1}{3}）$+$（\frac{1}{2}-\frac{1}{4}）$+$（\frac{1}{3}-\frac{1}{5}）$+…+$（\frac{1}{n-2}-\frac{1}{n}）$+$（\frac{1}{n-1}-\frac{1}{n+1}）$
=$\frac{3}{2}$-（$\frac{1}{n}+\frac{1}{n+1}$）=$\frac{{3{n^2}-n-2}}{{2{n^2}+2n}}$．

點(diǎn)評 本題考查了利用導(dǎo)數(shù)研究函數(shù)的極值切線方程、證明不等式，考查了推理能力與計(jì)算能力，屬于難題．