Question

已知中心在原點(diǎn)，焦點(diǎn)在x軸上的橢圓C的離心率為

1

2

，且經(jīng)過點(diǎn)M(1，

3

2

)．
（Ⅰ）求橢圓C的方程；
（Ⅱ）是否存過點(diǎn)P（2，1）的直線l₁與橢圓C相交于不同的兩點(diǎn)A，B，滿足

PA

•

PB

=

PM

2？若存在，求出直線l₁的方程；若不存在，請(qǐng)說明理由．

Answer 1

分析：（1）先設(shè)橢圓的標(biāo)準(zhǔn)方程，將點(diǎn)M代入得到一個(gè)方程，根據(jù)離心率得到一個(gè)關(guān)系式，再由a²=b²+c²可得到a，b，c的值，進(jìn)而得到橢圓的方程．
（2）假設(shè)存在直線滿足條件，設(shè)直線方程為y=k₁（x-2）+1，然后與橢圓方程聯(lián)立消去y得到一元二次方程，且方程一定有兩根，故應(yīng)△大于0得到k的范圍，進(jìn)而可得到兩根之和、兩根之積的表達(dá)式，再由

PA

•

PB

=

PM

2，可確定k₁的值，從而得解．

解答：解：（Ⅰ）設(shè)橢圓C的方程為

x2

a2

+

y2

b2

=1（a＞b＞0），
∵e=

c

a

=

1

2

，且經(jīng)過點(diǎn)M(1，

3

2

)，
∴

1

4c2

+

3

4c2

=1，
解得c²=1，a²=4，b²=3，
故橢圓C的方程為

x2

4

+

y2

3

=1．…（4分）
（Ⅱ）若存在直線l滿足條件，由題意可設(shè)直線l的方程為y=k₁（x-2）+1，件，
由題意可設(shè)直線l的方程為y=k₁（x-2）+1，
由

x2 4 + y2 3 =1 y=k(x-2)+1

，
得（3+4k₁²）x²-8k₁（2k₁-1）x+16k₁²-16k₁-8=0．
因?yàn)橹本�l與橢圓C相交于不同的兩點(diǎn)A，B，
設(shè)A，B兩點(diǎn)的坐標(biāo)分別為（x₁，y₁），（x₂，y₂），
所以△=[-8k₁（2k₁-1）]²-4•（3+4k₁²）•（16k₁²-16k₁-8）＞0．
整理得32（6k₁+3）＞0．
解得k₁＞-

1

2

，
又x1+x2=

8k1(2k1-1)

3+4 k 2 1

，x1x2=

16 k 2 1 -16k1-8

3+4 k 2 1

，
因?yàn)?span id="nq8f7qd" class="MathJye">

PA

•

PB

=

PM

2，即(x1-2)(x2-2)+(y1-1)(y2-1)=

5

4

，
所以(x1-2)(x2-2)(1+k2)=|PM|2=

5

4

．
即[x1x2-2(x1+x2)+4](1+

k

2 1

)=

5

4

．
所以[

16 k 2   -16k2-8

3+4 k 2

-2•

8k(2k-1)

3+4 k 2

+4](1+

k

2

)=

4+4 k 2

3+4 k 2

=

5

4

，解得k1=±

1

2

．
因?yàn)锳，B為不同的兩點(diǎn)，所以k1=

1

2

．
于是存在直線l₁滿足條件，其方程為y=

1

2

x．…（12分）

點(diǎn)評(píng)：本題主要考查橢圓的基本性質(zhì)和直線與橢圓的綜合題．直線與圓錐曲線的綜合題是高考的重點(diǎn)題型，要著重復(fù)習(xí)．