Question

20．利用彈簧彈射和傳送帶傳動(dòng)裝置可以將工件運(yùn)送至高處．如圖所示，已知傳送軌道平面與水平方向成37°角，傾角也是37°的光滑斜面軌道固定于地面且與傳送軌道良好對(duì)接，彈簧下端固定在斜面底端，工件與皮帶間的動(dòng)摩擦因數(shù)μ=0.25．傳送帶傳動(dòng)裝置順時(shí)針勻速轉(zhuǎn)動(dòng)的速度v=4m/s，兩輪軸心相距L=5m，B、C 分別是傳送帶與兩輪的切點(diǎn)，輪緣與傳送帶之間不打滑．現(xiàn)將質(zhì)量m=1kg的工件放在彈簧上，用力將彈簧壓縮至A 點(diǎn)后由靜止釋放，工件離開斜面頂端滑到傳送帶上的B點(diǎn)時(shí)速度v₀=8m/s，AB 間的距離s=1m．工件可視為質(zhì)點(diǎn)，g 取10m/s²（sin37°=0.6，cos37°=0.8）．求：
（1）彈簧的最大彈性勢(shì)能；
（2）工件沿傳送帶上滑的時(shí)間；
（3）求工件在皮帶上滑動(dòng)的全過(guò)程中所產(chǎn)生的內(nèi)能是多少．

Answer 1

分析 （1）根據(jù)工件離開斜面頂端滑到皮帶上的B點(diǎn)時(shí)速度v₀=8m/s，A、B間的距離s=lm，通過(guò)能量守恒定律求出彈簧的最大彈性勢(shì)能．
（2）因?yàn)棣蹋紅an37°，當(dāng)工件速度減為傳送帶速度時(shí)，又以不同的加速度向上減速，根據(jù)牛頓第二定律求出兩次勻減速直線運(yùn)動(dòng)的加速度，然后根據(jù)運(yùn)動(dòng)學(xué)公式求出上滑的總時(shí)間．
（3）根據(jù)運(yùn)動(dòng)學(xué)公式求出工件與皮帶間的相對(duì)滑動(dòng)的路程，再由滑動(dòng)摩擦力與相對(duì)路程的乘積求產(chǎn)生的內(nèi)能．

解答 解：（1）滑塊從A到B過(guò)程，彈簧的彈性勢(shì)能的減小等于滑塊機(jī)械能的增加，根據(jù)機(jī)械能守恒定律，得：
彈簧的最大彈性勢(shì)能為：E_p=mgssin37°+$\frac{1}{2}$mv₀²
代入數(shù)據(jù)解得：E_P=38J．
（2）工件沿傳送軌道減速向上滑動(dòng)的過(guò)程中有：mgsin37°+μmgcos37°=ma₁
代入數(shù)據(jù)解得 a₁=8m/s²．
從B點(diǎn)運(yùn)動(dòng)到與傳送帶共速需要的時(shí)間為：t₁=$\frac{{v}_{0}-v}{{a}_{1}}$=$\frac{8-4}{8}$s=0.5s．
工件滑行的位移大小為：s₁=$\frac{{v}_{0}+v}{2}$t₁=$\frac{8+4}{2}$×0.5m=3m＜L．
因?yàn)棣蹋紅an37°，所以工件將沿傳送帶繼續(xù)減速上滑．有：
mgsin37°-μmgcos37°=ma₂
代入數(shù)據(jù)解得：a₂=4m/s²．
假設(shè)工件速度減為零時(shí)，工件未從傳送帶上滑落，則有：t₂=$\frac{v}{{a}_{2}}$=$\frac{4}{4}$s=1s．
工件滑行的位移大小為：s₂=$\frac{v}{2}$t₂=$\frac{4}{2}$×1=2m=L-s₁；
故假設(shè)成立，工件沿傳送帶上滑的時(shí)間為：t=t₁+t₂=1.5s．
（3）工件在皮帶上以加速度a₁滑動(dòng)的過(guò)程中皮帶的位移為
x_皮1=vt₁=4×0.5m=2m
工件與皮帶間的相對(duì)位移大小為△x₁=s₁-x_皮1=3m-2m=1m
工件在皮帶上以加速度a₂滑動(dòng)的過(guò)程中皮帶的位移為
x_皮2=vt₂=4×1m=4m
工件與皮帶間的相對(duì)位移大小為△x₂=x_皮2-s₂=4m-2m=2m
所以全過(guò)程中產(chǎn)生的內(nèi)能是 Q=μmgcos37°（△x₁+△x₂）
代入數(shù)據(jù)解得 Q=6J
答：
（1）彈簧的最大彈性勢(shì)能是38J．
（2）工件沿傳送帶上滑的時(shí)間為1.5s．
（3）工件在皮帶上滑動(dòng)的全過(guò)程中所產(chǎn)生的內(nèi)能是6J．

點(diǎn)評(píng) 解決本題的關(guān)鍵是要理清工件的運(yùn)動(dòng)情況，注意分析工件與傳送帶速度相同時(shí)的運(yùn)動(dòng)狀態(tài)，通過(guò)牛頓第二定律和運(yùn)動(dòng)學(xué)公式分段進(jìn)行研究．