Question

8．一個(gè)小物塊從斜面底端沖上足夠長的斜面后，返回到斜面底端，已知小物塊的初動(dòng)能為E，它返回斜面底端時(shí)的速度大小為υ，克服摩擦阻力做功為$\frac{E}{2}$．若小物塊沖上斜面的初動(dòng)能變?yōu)?E，則有（　�。�

• A． 返回斜面底端時(shí)的動(dòng)能為E
• B． 返回斜面底端時(shí)的動(dòng)能為$\frac{3E}{2}$
• C． 返回斜面底端時(shí)速度大小為2v
• D． 返回斜面底端時(shí)速度大小為$\sqrt{3}$v

Answer 1

分析 物體沿斜面上滑和返回到斜面底端兩過程中克服摩擦阻力做功相等；初動(dòng)能增大后，上升的高度也隨之變大，可根據(jù)勻減速直線運(yùn)動(dòng)的速度位移公式求出上升的位移，進(jìn)而表示出克服摩擦力所做的功；對(duì)兩次運(yùn)動(dòng)分別運(yùn)用動(dòng)能定理即可求解返回斜面底端時(shí)速度大�。�

解答 解：物體以初動(dòng)能為E沖上斜面并返回斜面底端的整個(gè)過程中，由動(dòng)能定理得：
  $\frac{1}{2}$mv²-E=-$\frac{E}{2}$…①
設(shè)以初動(dòng)能為E沖上斜面的初速度為v₀，則以初動(dòng)能為2E沖上斜面時(shí)，初速度為$\sqrt{2}$v₀，加速度相同，根據(jù)2ax=0-v₀²可知第二次沖上斜面的位移是第一次的兩倍，所以上升過程中克服摩擦力做功是第一次的兩倍，整個(gè)上升返回過程中克服摩擦力做功是第一次的兩倍，即為E．
以初動(dòng)能為2E沖上斜面并返回的整個(gè)過程中，由動(dòng)能定理得：
   $\frac{1}{2}$mv′²-2E=-E…②
所以返回斜面底端時(shí)的動(dòng)能為：$\frac{1}{2}$mv′²=E
由①②得：返回斜面底端時(shí)速度大小 v′=$\sqrt{2}$v，故A正確，BCD錯(cuò)誤．
故選：A

點(diǎn)評(píng) 本題主要考查了動(dòng)能定理的直接應(yīng)用，要注意物體以不同的初動(dòng)能沖上斜面時(shí)，運(yùn)動(dòng)的位移不同，摩擦力做的功也不同．