Question

16．如圖所示，固定的光滑金屬導(dǎo)軌間距為L(zhǎng)，導(dǎo)軌電阻不計(jì)，上端a、b間接有阻值為R的電阻，導(dǎo)軌平面與水平面的夾角為θ，且處在磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為B、方向垂直導(dǎo)軌平面向上的勻強(qiáng)磁場(chǎng)中，質(zhì)量為m、電阻為r的導(dǎo)體棒與固定彈簧相連后放在導(dǎo)軌上．初始時(shí)刻，彈簧恰處于自然長(zhǎng)度，導(dǎo)體棒具有沿軌道向上的初速度v₀，整個(gè)運(yùn)動(dòng)過程中，導(dǎo)體棒始終與導(dǎo)軌垂直并保持良好接觸．已知重力加速度為g，彈簧的勁度系數(shù)為k，彈簧的中心軸線與導(dǎo)軌平行，彈簧重力不計(jì)．
（1）求初始時(shí)刻通過電阻R的電流I的大小和方向；
（2）初始時(shí)刻導(dǎo)體棒的加速度a的大�。�
（3）導(dǎo)體棒最終靜止時(shí)彈簧的彈性勢(shì)能為E_p，求導(dǎo)體棒從開始運(yùn)動(dòng)直到停止的過程中，電阻R上產(chǎn)生的焦耳熱Q．

Answer 1

分析 （1）棒向上運(yùn)動(dòng)切割磁感線，由E₁=BLv₀求感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)，由歐姆定律求感應(yīng)電流，根據(jù)右手定則判斷感應(yīng)電流的方向；
（2）當(dāng)導(dǎo)體棒第一次回到初始位置時(shí)，速度變?yōu)関，棒產(chǎn)生的感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)為E₂=BLv，再由歐姆定律求得感應(yīng)電流，由F=BIL求出此時(shí)棒所受的安培力，根據(jù)牛頓第二定律就可以求出加速度；
（3）導(dǎo)體棒最終靜止時(shí)，由胡克定律求出彈簧的被壓縮長(zhǎng)度x，對(duì)整個(gè)過程，運(yùn)用能量守恒列式，可求出回路產(chǎn)生的總熱量，再串聯(lián)關(guān)系求出R上產(chǎn)生的焦耳熱Q．

解答 解：（1）棒產(chǎn)生的感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)為：E₁=BLv₀
通過R的電流大小為：I₁=$\frac{{E}_{1}}{R+r}$=$\frac{BL{v}_{0}}{R+r}$
根據(jù)右手定則判斷得知：電流方向?yàn)閎→a；　　　　
（2）棒產(chǎn)生的感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)為：E₂=BLv
感應(yīng)電流為：I₂=$\frac{{E}_{2}}{R+r}$=$\frac{BLv}{R+r}$
棒受到的安培力大小為：F=BIL=$\frac{{B}^{2}{L}^{2}v}{R+r}$，方向沿斜面向上，如圖所示．
根據(jù)牛頓第二定律 有：mgsinθ-F=ma
解得：a=gsinθ-$\frac{{B}^{2}{L}^{2}v}{m（R+r）}$
（3）導(dǎo)體棒最終靜止，有：mgsinθ=kx
彈簧的壓縮量為：x=$\frac{mgsinθ}{k}$
設(shè)整個(gè)過程回路產(chǎn)生的焦耳熱為Q₀，根據(jù)能量守恒定律有：$\frac{1}{2}$m${v}_{0}^{2}$+mgxsinθ=EP+Q₀；
解得：Q₀=$\frac{1}{2}$m${v}_{0}^{2}$+$\frac{（mgsinθ）^{2}}{k}$-E_P；
電阻R上產(chǎn)生的焦耳熱為：Q=$\frac{R}{R+r}$Q₀=$\frac{R}{R+r}$[$\frac{1}{2}$m${v}_{0}^{2}$+$\frac{（mgsinθ）^{2}}{k}$-E_p]
答：（1）初始時(shí)刻通過電阻R的電流I的大小為$\frac{BL{v}_{0}}{R+r}$，方向?yàn)閎→a；
（2）此時(shí)導(dǎo)體棒的加速度大小a為gsinθ-$\frac{{B}^{2}{L}^{2}v}{m（R+r）}$；
（3）導(dǎo)體棒從開始運(yùn)動(dòng)直到停止的過程中，電阻R上產(chǎn)生的焦耳熱$\frac{1}{2}$m${v}_{0}^{2}$+$\frac{（mgsinθ）^{2}}{k}$-E_P

點(diǎn)評(píng) 本題是導(dǎo)體棒在導(dǎo)軌上滑動(dòng)的類型，分析、計(jì)算安培力和分析能量如何轉(zhuǎn)化是解題的關(guān)鍵，綜合性較強(qiáng)．