Question

【題目】如圖所示，兩根足夠長(zhǎng)的光滑平行金屬導(dǎo)軌，左側(cè)水平，右側(cè)傾斜且與水平部分平滑連接并成α＝30°夾角，兩導(dǎo)軌間距為L＝0.5m，左端接有電阻R＝0.5Ω，其余電阻不計(jì)。水平部分空間內(nèi)有豎直向上的勻強(qiáng)磁場(chǎng)B1＝0.5T，斜面部分有垂直于導(dǎo)軌平面斜向上的勻強(qiáng)磁場(chǎng)B2．質(zhì)量為m＝0.2kg的導(dǎo)體棒CD，與導(dǎo)軌接觸良好且始終垂直于導(dǎo)軌。給棒CD沿斜面向下的初速度v0＝2m/s后，棒勻速下滑，經(jīng)時(shí)間△t＝1s進(jìn)入水平部分。（g＝10m/s2）求：

（1）B2的大�。�

（2）進(jìn)入水平部分后，棒CD的電流方向和安培力方向，并從速度、加速度兩個(gè)角度描述導(dǎo)體棒CD進(jìn)入水平部分后的運(yùn)動(dòng)情況；

（3）棒CD從開(kāi)始到最終停止，電阻R上產(chǎn)生的熱量Q；

（4）棒CD進(jìn)入水平部分瞬間加速度a的大小和方向；若要讓棒進(jìn)入水平部分后，加速度保持不變，需在棒上加一個(gè)水平外力F，直至棒離開(kāi)水平面，從棒進(jìn)入水平部分開(kāi)始計(jì)時(shí)，請(qǐng)寫(xiě)出力F與時(shí)間t的表達(dá)式，并標(biāo)明F的方向及t的取值范圍。

Answer 1

【答案】（1）1T （2）導(dǎo)體棒做加速度減小的減速運(yùn)動(dòng)，直到導(dǎo)體棒速度為零為止 （3）2.4J （4） 方向：水平向右，0≤t≤3.2s

【解析】

（1）導(dǎo)體棒勻速下滑處于平衡狀態(tài)，由平衡條件可以求出磁感應(yīng)強(qiáng)度。

（2）由右手定則可以判處出感應(yīng)電流方向，由左手定則可以判斷出安培力方向，應(yīng)用牛頓第二定律求出加速度，然后分析導(dǎo)體棒的運(yùn)動(dòng)過(guò)程與運(yùn)動(dòng)性質(zhì)。

（3）應(yīng)用能量守恒定律求出電阻R上產(chǎn)生的焦耳熱。

（4）由牛頓第二定律求出加速度大小，應(yīng)用牛頓第二定律求出拉力。

（1）導(dǎo)體棒下滑過(guò)程受到的安培力：F安培＝B2IL＝ ，

導(dǎo)體棒勻速運(yùn)動(dòng)，由平衡條件得：mgsinα＝，

代入數(shù)據(jù)解得：B2＝1T；

（2）由右手定則可知，流過(guò)導(dǎo)體棒CD的電流由C流向D，由左手定則可知，導(dǎo)體棒所受安培力：水平向右；導(dǎo)體棒所受合力方向水平向右，加速度方向向右，導(dǎo)體棒速度向左，導(dǎo)體棒做減速運(yùn)動(dòng)，由牛頓第二定律得： ＝ma，

加速度：a＝，速度v減小，加速度a減小，導(dǎo)體棒做加速度減小的減速運(yùn)動(dòng)，直到導(dǎo)體棒速度為零為止；

（3）對(duì)整個(gè)過(guò)程，由能量守恒定律得：Q＝mgh+ ，

代入數(shù)據(jù)解得：Q＝2.4J；

（4）導(dǎo)體棒進(jìn)入水平部分瞬間，

加速度：，

代入數(shù)據(jù)解得：a＝1.25m/s2，方向：水平向右，

導(dǎo)體棒加速度不變，導(dǎo)體棒做勻減速直線(xiàn)運(yùn)動(dòng)，導(dǎo)體棒速度：v＝v0﹣at，

對(duì)導(dǎo)體棒，由牛頓第二定律得：F+＝ma，

代入數(shù)據(jù)解得，拉力：F＝t 方向水平向右，

從棒進(jìn)入水平面開(kāi)始到棒離開(kāi)為止，棒先向左做勻減速直線(xiàn)運(yùn)動(dòng)到速度為零，然后向右做勻加速運(yùn)動(dòng)，整個(gè)過(guò)程位移為零，由勻變速運(yùn)動(dòng)的位移公式得：s＝v0t+at2，代入數(shù)據(jù)解得：t＝3.2s，則：0≤t≤3.2s；