Question

（2009?四川）如圖所示，直線形擋板p₁p₂p₃與半徑為r的圓弧形擋板p₃p₄p₅平滑連接并安裝在水平臺(tái)面b₁b₂b₃b₄上，擋板與臺(tái)面均固定不動(dòng)．線圈c₁c₂c₃的匝數(shù)為n，其端點(diǎn)c₁、c₃通過(guò)導(dǎo)線分別與電阻R₁和平行板電容器相連，電容器兩極板間的距離為d，電阻R₁的阻值是線圈c₁c₂c₃阻值的2倍，其余電阻不計(jì)，線圈c₁c₂c₃內(nèi)有一面積為S、方向垂直于線圈平面向上的勻強(qiáng)磁場(chǎng)，磁場(chǎng)的磁感應(yīng)強(qiáng)度B隨時(shí)間均勻增大．質(zhì)量為m的小滑塊帶正電，電荷量始終保持為q，在水平臺(tái)面上以初速度v₀從p₁位置出發(fā)，沿?fù)醢暹\(yùn)動(dòng)并通過(guò)p₅位置．若電容器兩板間的電場(chǎng)為勻強(qiáng)電場(chǎng)，p₁、p₂在電場(chǎng)外，間距為L(zhǎng)，其間小滑塊與臺(tái)面的動(dòng)摩擦因數(shù)為μ，其余部分的摩擦不計(jì)，重力加速度為g．
求：
（1）小滑塊通過(guò)p₂位置時(shí)的速度大�。�
（2）電容器兩極板間電場(chǎng)強(qiáng)度的取值范圍．
（3）經(jīng)過(guò)時(shí)間t，磁感應(yīng)強(qiáng)度變化量的取值范圍．

Answer 1

分析：（1）根據(jù)過(guò)程分析，滑塊從p₁運(yùn)動(dòng)到p₂的過(guò)程運(yùn)用動(dòng)能定理可以求解第一問(wèn)；
（2）小滑塊要能到達(dá)p₅位置，則必須能達(dá)到最高點(diǎn)，根據(jù)圓周運(yùn)動(dòng)的特點(diǎn)，能在豎直平面內(nèi)做圓周運(yùn)動(dòng)需要條件，列圓周運(yùn)動(dòng)的向心力公式，結(jié)合受力特點(diǎn)即可求解第二問(wèn)；
（3）根據(jù)法拉第電磁感應(yīng)定律求出感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)，由閉合電路歐姆定律、電場(chǎng)公式聯(lián)立方程即可解決第三問(wèn)．

解答：解：（1）小滑塊運(yùn)動(dòng)到位置p₂時(shí)速度為v₁，由動(dòng)能定理有：
-umgL=

1

2

m

v

2 1

-

1

2

m

v

2 0

           v₁=

v 2 0 -2ugL

   （2）由題意可知，電場(chǎng)方向如圖，若小滑塊能通過(guò)位置p，則小滑塊可沿?fù)醢暹\(yùn)動(dòng)且通過(guò)位置p₅，設(shè)小滑塊在位置p的速度為v，受到的擋板的彈力為N，
        勻強(qiáng)電場(chǎng)的電場(chǎng)強(qiáng)度為E，由動(dòng)能定理有：
-umgL-2rEq=

1

2

m

v

2

-

1

2

m

v

2 0

       當(dāng)滑塊在位置p時(shí)，由牛頓第二定律有：mg+N+Eq=m

v2

r

       由題意有：N≥0
       由以上三式可得：E≤

m( v 2 0 -2ugL)

5qr

       E的取值范圍：0＜E≤

m( v 2 0 -2ugL)

5qr

   ①
   （3）設(shè)線圈產(chǎn)生的電動(dòng)勢(shì)為E₁，其電阻為R，平行板電容器兩端的電壓為U，t時(shí)間內(nèi)磁感應(yīng)強(qiáng)度的變化量為△B，得：
             U=Ed    ②
        由法拉第電磁感應(yīng)定律得E₁=n

△BS

t

     ③
        由全電路的歐姆定律得E₁=I（R+2R）    ④
        U=2RI    ⑤
       由②③④⑤得：△B=

3Ed

2sn

t
       把①帶入上式得：0＜△B≤

3md( v 0 2 -2μgL)

10nsqr

t
所以經(jīng)過(guò)時(shí)間t，磁感應(yīng)強(qiáng)度變化量的取值范圍：0＜△B≤

3md( v 2 0 -2μgL)

10nsqr

t．
答：（1）小滑塊通過(guò)p₂位置時(shí)的速度大小為

v 2 0 -2ugL

；（2）電容器兩極板間電場(chǎng)強(qiáng)度的取值范圍為0＜E≤

m( v 2 0 -2ugL)

5qr

；（3）經(jīng)過(guò)時(shí)間t，磁感應(yīng)強(qiáng)度變化量的取值范圍為0＜△B≤

3md( v 2 0 -2μgL)

10nsqr

t．

點(diǎn)評(píng)：對(duì)于這類(lèi)題目，首先要細(xì)分過(guò)程，題目中條件繁雜，要畫(huà)出特定條件下的軌跡圖，要對(duì)每個(gè)過(guò)程進(jìn)行受力分析，從而鏈接熟悉的題型，就像本題第二個(gè)過(guò)程，大體上屬于圓周運(yùn)動(dòng)，再細(xì)分就類(lèi)同于學(xué)過(guò)的豎直面內(nèi)的非勻速圓周運(yùn)動(dòng)；此外一定要把所求問(wèn)題和已知條件，特別是特定條件結(jié)合起來(lái)，尋求解題思路．就像第三問(wèn)，求磁感應(yīng)強(qiáng)度變化量，它所聯(lián)系的是法拉第電磁感應(yīng)定律，列出公式，轉(zhuǎn)化為求E，再根據(jù)歐姆定律轉(zhuǎn)化為求U，這樣正反推導(dǎo)就可解決復(fù)雜問(wèn)題．