一、選擇題
(1)D (2)B (3)C (4)B (5)A (6)B
(7)C (8)C (9)B (10)A (11)D (12)B
二、填空題:本大題共4小題,每小題4分,共16分.把答案填在題中橫線上.
(13){x|x≥-1} (14)x2+y2=4 (15) (16)①②④
三、解答題
(17)本小題主要考查三角函數(shù)基本公式和簡單的變形,以及三角函婁的有關(guān)性質(zhì).滿分12分.
解:
所以函數(shù)f(x)的最小正周期是π,最大值是,最小值是.
(18)本小題主要考查離散型隨機(jī)變量分布列和數(shù)學(xué)期望等概念.考查運(yùn)用概率知識(shí)解決實(shí)際問題的能力.滿分12分.
解:P(ξ=0)=0.52×0.62=0.09.
P(ξ=1)= ×0.52×0.62+ ×0.52×0.4×0.6=0.3
P(ξ=2)= ×0.52×0.62+×0.52×0.4×0.6+ ×0.52×0.42=0.37.
P(ξ=3)= ×0.52×0.4×0.6+×0.52×0.42=0.2
P(ξ=4)= 0.52×0.42=0.04
于是得到隨機(jī)變量ξ的概率分布列為:
ξ
0
1
2
3
4
P
0.09
0.3
0.37
0.2
0.04
所以Eξ=0×0.09+1×0.3+2×0.37+3×0.2+4×0.04=1.8.
(19)本小題主要考查導(dǎo)數(shù)的概率和計(jì)算,應(yīng)用導(dǎo)數(shù)研究函數(shù)性質(zhì)的方法,考查分類討論的數(shù)學(xué)思想.滿分12分.
解:函數(shù)f(x)的導(dǎo)數(shù):
(I)當(dāng)a=0時(shí),若x<0,則<0,若x>0,則>0.
所以當(dāng)a=0時(shí),函數(shù)f(x)在區(qū)間(-∞,0)內(nèi)為減函數(shù),在區(qū)間(0,+∞)內(nèi)為增函數(shù).
(II)當(dāng)
由
所以,當(dāng)a>0時(shí),函數(shù)f(x)在區(qū)間(-∞,-)內(nèi)為增函數(shù),在區(qū)間(-,0)內(nèi)為減函數(shù),在區(qū)間(0,+∞)內(nèi)為增函數(shù);
(III)當(dāng)a<0時(shí),由2x+ax2>0,解得0<x<-,
由2x+ax2<0,解得x<0或x>-.
所以當(dāng)a<0時(shí),函數(shù)f(x)在區(qū)間(-∞,0)內(nèi)為減函數(shù),在區(qū)間(0,-)內(nèi)為增函數(shù),在區(qū)間(-,+∞)內(nèi)為減函數(shù).
(20)本小題主要考查棱錐,二面角和線面關(guān)系等基本知識(shí),同時(shí)考查空間想象能力和推理、運(yùn)算能力.滿分12分.
∵AD⊥PB,∴AD⊥OB, ∵PA=PD,∴OA=OD, 于是OB平分AD,點(diǎn)E為AD的中點(diǎn),所以PE⊥AD. 由此知∠PEB為面PAD與面ABCD所成二面角的平面角, ∴∠PEB=120°,∠PEO=60° 由已知可求得PE= ∴PO=PE?sin60°=, 即點(diǎn)P到平面ABCD的距離為. (II)解法一:如圖建立直角坐標(biāo)系,其中O為坐標(biāo)原點(diǎn),x軸平行于DA. .連結(jié)AG.
所以 等于所求二面角的平面角, 于是 所以所求二面角的大小為 . 解法二:如圖,取PB的中點(diǎn)G,PC的中點(diǎn)F,連結(jié)EG、AG、GF,則AG⊥PB,F(xiàn)G//BC,F(xiàn)G=BC.
∴∠AGF是所求二面角的平面角. ∵AD⊥面POB,∴AD⊥EG. 又∵PE=BE,∴EG⊥PB,且∠PEG=60°. 在Rt△PEG中,EG=PE?cos60°=. 在Rt△PEG中,EG=AD=1. 于是tan∠GAE==, 又∠AGF=π-∠GAE. 所以所求二面角的大小為π-arctan. (21)(本小題主要考查直線和雙曲線的概念和性質(zhì),平面向量的運(yùn)算等解析幾何的基本思想和綜合解題能力.滿分12分. 解:(I)由C與t相交于兩個(gè)不同的點(diǎn),故知方程組 有兩個(gè)不同的實(shí)數(shù)解.消去y并整理得 (1-a2)x2+2a2x-2a2=0. ① 雙曲線的離心率 (II)設(shè) 由于x1+x2都是方程①的根,且1-a2≠0, (22)本小題主要考查數(shù)列,等比數(shù)列的概念和基本知識(shí),考查運(yùn)算能力以及分析、歸納和推理能力.滿分14分. 解:(I)a2=a1+(-1)1=0,
a3=a2+31=3.
a4=a3+(-1)2=4,
a5=a4+32=13,
所以,a3=3,a5=13. (II) a2k+1=a2k+3k
= a2k-1+(-1)k+3k, 所以a2k+1-a2k-1=3k+(-1)k, 同理a2k-1-a2k-3=3k-1+(-1)k-1,
……
a3-a1=3+(-1). 所以(a2k+1-a2k-1)+(a2k-1-a2k-3)+…+(a3-a1) =(3k+3k-1+…+3)+[(-1)k+(-1)k-1+…+(-1)], 由此得a2k+1-a1=(3k-1)+[(-1)k-1], 于是a2k+1= a2k=
a2k-1+(-1)k
=(-1)k-1-1+(-1)k
=(-1)k=1. {an}的通項(xiàng)公式為: 當(dāng)n為奇數(shù)時(shí),an= 當(dāng)n為偶數(shù)時(shí),
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