B．如圖所示，M為理想變壓器，電表均視為理想電表，輸入端a、b接正弦交流電源時，原線圈中電壓表和電流表的示數(shù)分別為U₁和I₁，副線圈中電壓表和電流表的示數(shù)分別為U₂和I₂，則原線圈與副線圈的匝數(shù)之比等于

 

；當(dāng)滑動變阻器的滑片P向上滑動時，示數(shù)發(fā)生變化的電表是

 

．

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B． 滑雪者從A點(diǎn)由靜止沿斜面滑下，沿一平臺滑過后水平飛離B點(diǎn)，最后落到地面，空間幾何尺度（H、h和L）如圖所示．斜面、平臺與滑雪板之間的動摩擦因數(shù)為μ．假設(shè)滑雪者由斜面底端進(jìn)入平臺后立即沿水平方向運(yùn)動，且速度大小不變．求：
（1）滑雪者從A到B的過程中，克服摩擦力做的功；
（2）滑雪者離開B點(diǎn)時的速度大小；
（3）滑雪者從B點(diǎn)開始做平拋運(yùn)動，到達(dá)地面時的速度大�。�

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A．如圖所示，弧面體M置于光滑水平地面上，其光滑的四分之一圓弧面上有一小物塊m從頂端由靜止下滑．在小物塊下滑過程中，小物塊m和弧面體M的總動量

不守恒

不守恒

（填“守恒”或“不守恒”），機(jī)械能

守恒

守恒

 （填“守恒”或“不守恒”）．
B.2011年11月3日1時43分，中國自行研制的神舟八號飛船與天宮一號目標(biāo)飛行器在距地球343公里的軌道實(shí)現(xiàn)自動對接．當(dāng)神舟八號飛船從遠(yuǎn)地點(diǎn)330km的橢圓軌道變?yōu)?30km的近圓軌道時，神舟八號的速度應(yīng)

增大

增大

（填“增大”或“減小”）；在最后的30m平移靠攏階段，天宮一號和神舟八號在同一軌道上一前一后，以每秒7.8公里的速度高速飛行，但二者的相對速度并不大．假設(shè)此階段中它們的發(fā)動機(jī)已經(jīng)關(guān)閉，那么此時“神舟八號”的加速度

等于

等于

“天宮一號”的加速度（填“大于”、“小于”或“等于”）．

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a．螺旋測微器如圖甲所示，其示數(shù)為

3.854

3.854

mm；
b．游標(biāo)卡尺如圖乙所示，其示數(shù)為

11.14

11.14

mm；

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一、二、選擇題。

1. C   　2. C　 3. A  　4. D　 5. B    6. AB　7. ABD   8. AC　 9. BD

三、簡答題.本題共２小題，共計(jì)２０分.把答案填在答題卡相應(yīng)的橫線上或按題目要求作答．

10.(1)7.2 （2分）  　　　8.695(8.692~8.698均對)　�。�2分）

(2) ①a.平衡摩擦力（1分）      b.鉤碼的重力遠(yuǎn)小于小車的總重力（1分） 

②（2分，其它正確也得分）    鉤碼的重力和小車的總質(zhì)量 （2分）

11．（10分）

（1）略（3分）

（2）（3）

（3）（4分）(寫出正確結(jié)果即給滿分）

，電壓表的電阻為R_V，開關(guān)閉合電，電路中電流為I，外電路總電阻為

根據(jù)閉合電路歐姆定律有：E=U+Ir=U+r，整理得：

可見圖象為一條直線，故橫坐標(biāo)應(yīng)表

直線的斜率為由此解得：

四．簡答題：本題有Ⅰ、Ⅱ、Ⅲ三組題，請?jiān)谄渲腥芜x兩組題作答；若三組題均答，則以Ⅰ、Ⅱ兩組題計(jì)分,共24分，把答案填在題中的橫線上或根據(jù)要求作答。

12．(1)ＢＦＨ （全對得4分，不全對的，選對1個給1分，選錯1個扣1分，扣完為止）

(2)解：

①如圖，紫光剛要發(fā)生全反射時的臨界光線射在屏幕S上的點(diǎn)E到亮區(qū)中心G的距離r就是所求最半徑。

設(shè)紫光臨界角為C，由全反射的知識：    （2分）

由幾何知識可知:     

           （1分）                    

  （1分）

      （1分）

所以有: ＝1m  （1分）

   (其他幾何關(guān)系解法，只要正確參考上述步驟給分)

②紫色。（2分）

13．(1) CDF （全對得4分，不全對的，選對1個給1分，選錯1個扣1分，扣完為止）

(2) 解：（1）由質(zhì)量數(shù)和電荷數(shù)守恒可知：

　　          (2分)

　�。�2）由題設(shè)條件可求出質(zhì)量虧損為：

　　△m=2.0136u×2-（3.0150-1.0087）u=0.0035u

所以釋放的核能為：  (2分)

（3）由動量和能量守恒有

　　解得：    (1分)

　　          (1分)

14．（1）飛機(jī)水平速度不變    ①   y方向加速度恒定    ②

消去t即得    ③   由牛頓第二定律    ④

（2）在h處    ⑥     ⑦    

①~④式  共4分     ⑥~⑦式 共4分(用動能定理或其他解法正確同樣給分)

15、(12分) (1)證明：因?yàn)樾行堑馁|(zhì)量M=（R是行星的半徑），(1分)

行星的體積V=R³，所以行星的平均密度==，        (2分)

即T²=，是一個常量，對任何行星都相同。                 (1分) 

（2）空間探測器繞地球作圓周運(yùn)動，有

由＝得，空間站的軌道半徑R＝　�。�1分）

＝

隨空間站一起運(yùn)動時，空間探測器的動能為mv²＝＝�。�1分）

隨空間站一起運(yùn)動時，空間探測器具有的機(jī)械能為

E₁＝－＋mv²=－＝－�。�2分）

（3）空間站要脫離地球的引力，機(jī)械能最小值為E_∞＝0，因此，對探測器做功為

W＝E_∞－E₁＝　　　　　�。�2分）

由地面附近的重力加速度  得　 2分）

16.  (1)   (3分)

在ab棒上升到最高點(diǎn)的過程中,根據(jù)能量守恒定律:

   (2分)

Q=30J (1分)      電阻R上的熱量:Q_R=Q/3=10J  (1分)

(2)在0~T/4內(nèi),             (1分)

  在T/4~T/2內(nèi),     

             (2分)

在3T/4~T內(nèi) Q₃=Q₁=            (1分)

++=5J  (1分)解得:B₀=0.5T    (1分)

17．解：（1）粒子由a點(diǎn)進(jìn)入磁場在洛侖茲力作用下做圓周運(yùn)動,所以 ①（1分）

     由題意知粒子圓周運(yùn)動的半徑:  ②  （1分）

     由①、②得：（2分）

（2）據(jù)題意，粒子在電場中的運(yùn)動時間為周期的整數(shù)倍，

即：    于是得：   （1分）

    粒子在電場中運(yùn)動側(cè)向總位移：  （2分）             

    帶入已知量計(jì)算得：      （1分）

（3）由粒子在磁場中的受力可判斷粒子帶負(fù)電,粒子在時刻進(jìn)入電場后向N板偏轉(zhuǎn),由題意知粒子應(yīng)剛好平行于N板從N板的邊緣水平飛出.并沿著水平方向進(jìn)入磁場.

如圖，設(shè)粒子從B點(diǎn)進(jìn)入磁場,從C點(diǎn)射出,O"點(diǎn)為粒子圓周運(yùn)動的圓心,由(1)知:,所以O(shè)BO''C為菱形,故有,  （2分）

     由于粒子水平射出,故O"B⊥v₀,于是OC⊥v₀,方向豎直,故aOC共線,

所以射出的點(diǎn)到a點(diǎn)的距為:aC=2R=10L₀. （2分）