查看答案和解析>>

查看答案和解析>>

在絕緣水平面上放一質(zhì)量m=2.0×10^-3kg的帶電滑塊A，所帶電荷量q=1.0×10^-7C．在滑塊A的左邊l=0.3m處放置一個(gè)不帶電的絕緣滑塊B，質(zhì)量M=4.0×10^-3kg，B與一端連在豎直墻壁上的輕彈簧接觸（不連接）且彈簧處于自然狀態(tài)，彈簧原長(zhǎng)s₀=0.05m．如圖所示，在水平面上方空間加一水平向左的勻強(qiáng)電場(chǎng)，電場(chǎng)強(qiáng)度的大小為E=4.0×10⁵N/C，滑塊A由靜止釋放后向左滑動(dòng)并與滑塊B發(fā)生碰撞，設(shè)碰撞時(shí)間極短，碰撞后兩滑塊結(jié)合在一起共同運(yùn)動(dòng)并壓縮彈簧至最短處（彈性限度內(nèi)），此時(shí)彈性勢(shì)能E₀=3.2×10^-3J，兩滑塊始終沒有分開，兩滑塊的體積大小不計(jì)．與水平面間的動(dòng)摩擦因數(shù)均為μ=0.50，g取10m/s²．求：
（1）兩滑塊碰撞后剛結(jié)合在一起的共同速度v；
（2）兩滑塊碰撞后到彈簧壓至最短的過程中，滑塊A電勢(shì)能的變化量；
（3）兩滑塊被彈簧彈開后距豎直墻壁的最大距離S（結(jié)果保留兩位小數(shù)）．

查看答案和解析>>

在絕緣水平面上放一質(zhì)量m=2.0×10^-3kg的帶電滑塊A，所帶電荷量q=1.0×10^-7C．在滑塊A的左邊l=0.3m處放置一個(gè)不帶電的絕緣滑塊B，質(zhì)量M=4.0×10^-3kg，B與一端連在豎直墻壁上的輕彈簧接觸（不連接）且彈簧處于自然狀態(tài)，彈簧原長(zhǎng)S=0.05m．如圖所示，在水平面上方空間加一水平向左的勻強(qiáng)電場(chǎng)，電場(chǎng)強(qiáng)度的大小為E=4.0×10⁵N/C，滑塊A由靜止釋放后向左滑動(dòng)并與滑塊B發(fā)生碰撞，設(shè)碰撞時(shí)間極短，碰撞后兩滑塊結(jié)合在一起共同運(yùn)動(dòng)并一起壓縮彈簧至最短處（彈性限度內(nèi)），此時(shí)彈性勢(shì)能E₀=3.2×10^-3J，兩滑塊始終沒有分開，兩滑塊的體積大小不計(jì)，與水平面間的動(dòng)摩擦因數(shù)均為μ=0.5，g取10m/s²．求：
（1）兩滑塊碰撞后剛結(jié)合在一起的共同速度v；
（2）兩滑塊被彈簧彈開后距豎直墻壁的最大距離s．

查看答案和解析>>

在絕緣水平面上放一質(zhì)量m =2.0×10^-3kg的帶電滑塊A，所帶電荷量q =1.0×10^-7C。在滑塊A的左邊l=0.3m處放置一個(gè)不帶電的絕緣滑塊B，質(zhì)量M =4.0×10^-3kg，B與一端連在豎直墻壁上的輕彈簧接觸（不連接）且彈簧處于自然狀態(tài)，彈簧原長(zhǎng)s₀ =0.05m。如圖所示，在水平面上方空間加一水平向左的勻強(qiáng)電場(chǎng)，電場(chǎng)強(qiáng)度的大小為E =4.0×10⁵N/C，滑塊A由靜止釋放后向左滑動(dòng)并與滑塊B發(fā)生碰撞，設(shè)碰撞時(shí)間極短，碰撞后兩滑塊結(jié)合在一起共同運(yùn)動(dòng)并壓縮彈簧至最短處（彈性限度內(nèi)），此時(shí)彈性勢(shì)能E₀=3.2×10^-3J，兩滑塊始終沒有分開，兩滑塊的體積大小不計(jì)。與水平面間的動(dòng)摩擦因數(shù)均為μ=0.50，g取10m/s²。求：
（1）兩滑塊碰撞后剛結(jié)合在一起的共同速度v；
（2）兩滑塊碰撞后到彈簧壓至最短的過程中，滑塊A電勢(shì)能的變化量；
（3）兩滑塊被彈簧彈開后距豎直墻壁的最大距離S（結(jié)果保留兩位小數(shù)）。

查看答案和解析>>

1.B  2.B  3.D  4.C  5.B  6.A  7.C  8.C  9.D  10.D  11.B  12.A  13.B

14.D  15.ABD  16.BD  17.BCD  18.D  19.C  20.D  21. BD 

22. (1)B （5分） 

(2) ①C（2分）　

②a．（2分）

b．；（2分）（2分）

c．縱軸截距的倒數(shù)（2分）

斜率除以縱軸的截距（2分）

23．（16分）解：籃球從h₁處下落的時(shí)間為t₁，觸地時(shí)的速度大小為，彈起時(shí)的速度大小為。  則 （ 2分）       （2分）   

   （1分）   

 球與地面作用時(shí)間   （1分）        

 球觸地過程中取向上為正方向，對(duì)籃球用動(dòng)量定理：

 （5分）

即    代入數(shù)據(jù)得      3分

根據(jù)牛頓第三定律籃球?qū)Φ氐淖饔昧Υ笮��?9N,方向豎直向下。 2分

24.（19分）

（1）ab棒離開磁場(chǎng)右邊界前做勻速運(yùn)動(dòng)，

速度為，則有E=Bdv_m    　    對(duì)ab棒　    F－BId＝0      

解得  =       （7分）

（2）由能量守恒可得：　　   

得：    W _電=F（l₀+l）- （6分）

（3）設(shè)棒剛進(jìn)入磁場(chǎng)時(shí)速度為v,　由    可得            

棒在進(jìn)入磁場(chǎng)前做勻加速直線運(yùn)動(dòng)，在磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)可分三種情況討論：

①若   則棒做勻速直線運(yùn)動(dòng)；（2分）

②若<      則棒先加速后勻速； （2分）

③若>      則棒先減速后勻速。 （2分）

25．（20分）解（1）設(shè)兩滑塊碰前A的速度V₁

由動(dòng)能定理有（Eq-μmg）l=mV²₁    (3分) 

 V₁==3（m/s）  (1分)

A、B兩滑塊碰撞，時(shí)間極短動(dòng)量守恒設(shè)共同速度為V：mV₁=(m+M)V（2分）     V==1.0m/s（1分）

    （2）碰后AB一起壓縮彈簧至最短，設(shè)彈簧壓縮x₁，由動(dòng)能定理

Eqx₁-μ（m+M）gx₁-E₀=0-(m+M)V₂ (3分)  x₁==0.02(m)  (1分)

A變化的電勢(shì)能△E_電=-Eqx₁=-8.0×10^-4(J)    (2分)（沒有“-”號(hào)不扣分）

（3）設(shè)AB反彈后滑行了x₂后速度減為零   則E₀-Eqx₂-μ（m+M）gx₂=0  （3分）

 x₂==0.05(m)  （1分）  以后因?yàn)镋q＞μ（m+M）g滑塊可能還會(huì)向左運(yùn)動(dòng)，被彈開的距離將逐漸變小，所以最大距離 S=x₂+s₀-x₁=0.05+0.05-0.02=0.08m      （3分）

26. （13分）

（1）溶液褪色（2分）；加成反應(yīng)（1分）；CaC₂ + 2H₂O → Ca(OH)₂  + C₂H₂↑（2分）。

（2）溶液先變渾濁后變澄清（2分）；不可以（1分）。去掉c后易將d中的液體倒吸

入b中（只要答防止倒吸即給分）（2分）。

（3）溶液變渾濁（1分）； 略（2分）

27．（16分）

（1）三角錐形（1分）      3周期、ⅥA族（2分）

    （2）2Na₂O₂+2H₂O＝4NaOH+O₂↑（2分）

    （3）H₂O、NH₃、CH₄（2分）

    （4）H₂O₂+2Fe²⁺+2H⁺＝2Fe³⁺+2H₂O （3分）

（5）7＜pH＜12（3分）（其它表示方法只要正確均給分）  （6）23∶12（3分）

28.（15分）

（1）Mg²⁺[ O ] ^2-    （2分）；C + 4HNO₃（濃）== CO₂↑+ 4NO₂↑+ 2H₂O (3分)。

（2）2Fe²⁺+ Cl₂＝2Fe³⁺+2Cl^―（2分）；H₂(g) + Cl₂(g) =2HCl(g)；△H = -184.6kJ/mol

(3分)

（3）SiO₂  + 2C === Si + 2CO↑（3分）；原子 （2分）。

29. （16分）