6．如圖所示.在一個(gè)勻強(qiáng)電場(chǎng)中有一個(gè)四邊形ABCD.其中.M為AD的中點(diǎn).N為BC的中點(diǎn)．一個(gè)帶正電的粒子從A點(diǎn)移動(dòng)到B點(diǎn).電場(chǎng)力做功為WBC=2．0×10-9J,將該粒子從D點(diǎn)移動(dòng)到C點(diǎn).電場(chǎng)力做功為WDC=4.0×l0-9J．則以下分析正確的是 【查看更多】

 

題目列表(包括答案和解析)

如圖所示，在一個(gè)勻強(qiáng)電場(chǎng)(圖中未畫(huà)出)中有一個(gè)直角梯形ABCD，其中，E為AD的中點(diǎn)，F(xiàn)為BC的中點(diǎn)。一個(gè)帶正電的粒子從A點(diǎn)移動(dòng)到B點(diǎn)，電場(chǎng)力做功為J；將該粒子從D點(diǎn)移動(dòng)到C點(diǎn)，電場(chǎng)力做功為J。則以下分析正確的是 （     ）

A．若將該粒子從E點(diǎn)移動(dòng)到F點(diǎn)，電場(chǎng)力做功為
B．若將該粒子從E點(diǎn)移動(dòng)到F點(diǎn)，電場(chǎng)力做功WEF有可能大于J
C．若將該粒子從B點(diǎn)移到C點(diǎn)，電場(chǎng)力做功為J，則此勻強(qiáng)電場(chǎng)的方向一定是從A點(diǎn)指向B點(diǎn)的方向
D．若該粒子的電量為C，則A、B之間的電勢(shì)差為1.5V

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如圖所示，在一個(gè)勻強(qiáng)電場(chǎng)(圖中未畫(huà)出)中有一個(gè)四邊形ABCD，其中，M為AD的中點(diǎn)，N為BC的中點(diǎn)．一個(gè)帶正電的粒子從A點(diǎn)移動(dòng)到B點(diǎn)，電場(chǎng)力做功為WAB=2.0×10-9J；將該粒子從D點(diǎn)移動(dòng)到C點(diǎn)，電場(chǎng)力做功為WDC=4.0×l0-9J．則以下分析正確的是

A．若將該粒子從M點(diǎn)移動(dòng)到N點(diǎn)，電場(chǎng)力做功為WMN=3.0×10-9J
B．若將該粒子從點(diǎn)M移動(dòng)到N點(diǎn)，電場(chǎng)力做功WMN有可能大于4.0×l0-9J
C．若A、B之間的距離為lcm，粒子的電量為2×10-7C，該電場(chǎng)的場(chǎng)強(qiáng)一定是E=1V/m
D．若粒子的電量為2×10-9C，則A、B之間的電勢(shì)差為1V

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如圖所示，在一個(gè)勻強(qiáng)電場(chǎng)(圖中未畫(huà)出)中有一個(gè)四邊形ABCD，其中，M為AD的中點(diǎn)，N為BC的中點(diǎn)．一個(gè)帶正電的粒子從A點(diǎn)移動(dòng)到B點(diǎn)，電場(chǎng)力做功為WAB=2.0×10-9J；將該粒子從D點(diǎn)移動(dòng)到C點(diǎn)，電場(chǎng)力做功為WDC=4.0×l0-9J．則以下分析正確的是

A．若將該粒子從M點(diǎn)移動(dòng)到N點(diǎn)，電場(chǎng)力做功為WMN=3.0×10-9J

B．若將該粒子從點(diǎn)M移動(dòng)到N點(diǎn)，電場(chǎng)力做功WMN有可能大于4.0×l0-9J

C．若A、B之間的距離為lcm，粒子的電量為2×10-7C，該電場(chǎng)的場(chǎng)強(qiáng)一定是E=1V/m

D．若粒子的電量為2×10-9C，則A、B之間的電勢(shì)差為1V

 

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如圖所示，在一個(gè)勻強(qiáng)電場(chǎng)(圖中未畫(huà)出)中有一個(gè)直角梯形ABCD，其中，E為AD的中點(diǎn)，F(xiàn)為BC的中點(diǎn)。一個(gè)帶正電的粒子從A點(diǎn)移動(dòng)到B點(diǎn)，電場(chǎng)力做功為J；將該粒子從D點(diǎn)移動(dòng)到C點(diǎn)，電場(chǎng)力做功為J。則以下分析正確的是 （      ）

A．若將該粒子從E點(diǎn)移動(dòng)到F點(diǎn)，電場(chǎng)力做功為

B．若將該粒子從E點(diǎn)移動(dòng)到F點(diǎn)，電場(chǎng)力做功WEF有可能大于J

C．若將該粒子從B點(diǎn)移到C點(diǎn)，電場(chǎng)力做功為J，則此勻強(qiáng)電場(chǎng)的方向一定是從A點(diǎn)指向B點(diǎn)的方向

D．若該粒子的電量為C，則A、B之間的電勢(shì)差為1.5V

 

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如圖所示，在一個(gè)勻強(qiáng)電場(chǎng)(圖中未畫(huà)出)中有一個(gè)四邊形ABCD，其中，M為AD的中點(diǎn)，N為BC的中點(diǎn)．一個(gè)帶正電的粒子從A點(diǎn)移動(dòng)到B點(diǎn)，電場(chǎng)力做功為WAB=2.0×10-9J；將該粒子從D點(diǎn)移動(dòng)到C點(diǎn)，電場(chǎng)力做功為WDC=4.0×l0-9J．則以下分析正確的是：

A．若將該粒子從M點(diǎn)移動(dòng)到N點(diǎn)，電場(chǎng)力做功為WMN=3.0×10-9J

B．若將該粒子從M點(diǎn)移動(dòng)到N點(diǎn)，電場(chǎng)力做功WMN有可能大于4.0×l0-9J

C．若A、B之間的距離為1cm，粒子的電量為2×10-7C，該電場(chǎng)的場(chǎng)強(qiáng)一定是E=1V/m

D．若粒子的電量為2×10-9C，則A、B之間的電勢(shì)差為1V

 

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一、全題共計(jì)15分,每小題3分:                1.D     2.B    3.A    4.C    5.D

二、全題共計(jì)16分,每小題4分，漏選的得２分:    6.AD    7.BD    8. ABD     9.BD

三、全題共計(jì)42分

10.（8分）⑴20.30    ⑵①S1/2T；② 9.71～9.73  ③阻力作用  (每空2分)

11．（10分）第⑶問(wèn)4分，其中作圖2分；其余每小問(wèn)2分．⑶半導(dǎo)體材料�、�4.0 、  0.40

 

 

        

 

 

 

 

 

12．(12分) ⑴D （3分）   ⑵AC（3分）

⑶這種解法不對(duì)．

錯(cuò)在沒(méi)有考慮重力加速度與高度有關(guān)(2分)

正確解答：衛(wèi)星繞地球做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，萬(wàn)有引力提供向心力，根據(jù)牛頓第二定律有

G=mA ③    G=mB ④     由③④式，得 （4分）

13A.(12分) ⑴不變（2分）  50（2分）  ⑵a→b（2分） 增加（2分） ⑶（4分）

13B.(12分) ⑴C（3分 ） ⑵60°（2分） 偏右（2分）  ⑶（2分）　0.25s（3分）

13C.(12分)    ⑴質(zhì)子 、α 、氮     ⑵ mv2/4      ⑶a 、  5×1013    （每空2分）

四、全題共計(jì)47分．解答時(shí)請(qǐng)寫(xiě)出必要的文字說(shuō)明、方程式和重要的演算步驟．只寫(xiě)出最后答案的不能得分．有數(shù)值計(jì)算的題．答案中必須明確寫(xiě)出數(shù)值和單位

14.(15分) 解：⑴A→C過(guò)程，由動(dòng)能定理得： ………… （3分）

△R= R (1－cos37°)………………  （1分） ∴ vc=14m/s ……………………  （1分）

  ⑵在C點(diǎn)，由牛頓第二定律有： ……（2分）

∴ Fc=3936N …………………………………………………………………………（ 2分）

    由牛頓第三定律知，運(yùn)動(dòng)員在C點(diǎn)時(shí)軌道受到的壓力大小為3936N. …………… （1分）

⑶設(shè)在空中飛行時(shí)間為t，則有：tan37°= 　…………………　　　　（ 3分）

 ∴t = 2.5s   (t =－0.4s舍去)……………………………………………………（ 2分）

 

 

 

15.(16分) 解：⑴垂直AB邊進(jìn)入磁場(chǎng)，由幾何知識(shí)得：粒子離開(kāi)電場(chǎng)時(shí)偏轉(zhuǎn)角為30°

∵………（2分）    

………  （1分）     ∴………（2分）

由幾何關(guān)系得：    在磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)半徑……（2分）

∴        ……………………………（2分）

∴……………（1分 ） 方向垂直紙面向里……………………（1分）

⑶當(dāng)粒子剛好與BC邊相切時(shí)，磁感應(yīng)強(qiáng)度最小，由幾何知識(shí)知粒子的運(yùn)動(dòng)半徑r2為：

     ………（ 2分 ）   ………1分   ∴……… 1分

即：磁感應(yīng)強(qiáng)度的最小值為………（1分）

16．(16分)

解：⑴據(jù)能量守恒，得  △E = mv02 -m（）2= mv02-----------（3分）

⑵在底端，設(shè)棒上電流為I，加速度為a，由牛頓第二定律，則：

（mgsinθ+BIL）=ma1--------------------------（1分）

由歐姆定律，得I=---------------（1分）    E=BLv0---------------------（1分）

由上述三式，得a1 =  gsinθ + ---------------------（1分）

∵棒到達(dá)底端前已經(jīng)做勻速運(yùn)動(dòng)∴mgsinθ= ------------------------------（1分）

代入，得a1 = 5gsinθ-----------------------------------------（2分）

（3）選沿斜面向上為正方向，上升過(guò)程中的加速度，上升到最高點(diǎn)的路程為S，

a = －（gsinθ + ）-----------------------（1分）

取一極短時(shí)間△t，速度微小變化為△v，由△v = a△t，得

△     v = －（ gsinθ△t+B2L2v△t/mR）-----------（1分）

其中，v△t = △s--------------------------（1分）

在上升的全過(guò)程中

∑△v = －（gsinθ∑△t+B2L2∑△s/mR）

即          0-v0= －（t0gsinθ+B2L2S/mR）-------------（1分）

∵H=S?sinθ       且gsinθ= -------------------（1分）

∴  H =（v02-gv0t0sinθ）/4g-----------------（1分）

 

 

 

 


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