Question

【題目】如圖,已知拋物線與x軸交于A（-1，0），B（4，0），與y軸交于C（0，-2）．（1）求拋物線的解析式；

（2）H是C關(guān)于x軸的對(duì)稱點(diǎn)，P是拋物線上的一點(diǎn)，當(dāng)△PBH與△AOC相似時(shí)，求符合條件的P點(diǎn)的坐標(biāo)（求出兩點(diǎn)即可）；

（3）過點(diǎn)C作CD∥AB，CD交拋物線于點(diǎn)D，點(diǎn)M是線段CD上的一動(dòng)點(diǎn)，作直線MN與線段AC交于點(diǎn)N，與x軸交于點(diǎn)E，且∠BME=∠BDC，當(dāng)CN的值最大時(shí)，求點(diǎn)E的坐標(biāo)．

Answer 1

【答案】（1）y=x2﹣x﹣2；（2）P的坐標(biāo)為（﹣1，0）或（8，18）;（3）E的坐標(biāo)為（﹣，0）.

【解析】試題分析：（1）由拋物線與x軸交于A（﹣1，0），B（4，0），可設(shè)拋物線的解析式為y=a（x+1）（x﹣4），然后將（0，﹣2）代入解析式即可求出a的值；（2）當(dāng)△PBH與△AOC相似時(shí)，△PBH是直角三角形，由可知∠AHB=90°，根據(jù)待定系數(shù)法求出直線AH的解析式后，聯(lián)立一次函數(shù)與二次函數(shù)的解析式后即可求出P的坐標(biāo)；（3）設(shè)M的坐標(biāo)為（m，0），由∠BME=∠BDC可知∠EMC=∠MBD，所以△NCM∽△MDB，利用對(duì)應(yīng)邊的比相等即可得出CN與m的函數(shù)關(guān)系式，利用二次函數(shù)的性質(zhì)即可求出m=時(shí)，CN有最大值，然后再證明△EMB∽△BDM，即可求出E的坐標(biāo)．

試題解析：（1）∵拋物線與x軸交于A（﹣1，0），B（4，0），

∴設(shè)拋物線的解析式為：y=a（x+1）（x﹣4），

把（0，﹣2）代入y=a（x+1）（x﹣4），

∴a=，

∴拋物線的解析式為：y=x2﹣x﹣2；

（2）當(dāng)△PBH與△AOC相似時(shí)，

∴△AOC是直角三角形，

∴△PBH也是直角三角形，

由題意知：H（0，2），

∴OH=2，

∵A（﹣1，0），B（4，0），

∴OA=1，OB=4，

∴

∵∠AOH=∠BOH，

∴△AOH∽△BOH，

∴∠AHO=∠HBO，

∴∠AHO+∠BHO=∠HBO+∠BHO=90°，

∴∠AHB=90°，

設(shè)直線AH的解析式為：y=kx+b，

把A（﹣1，0）和H（0，2）代入y=kx+b，

∴，

∴解得k=2,b=2，

∴直線AH的解析式為：y=2x+2，

聯(lián)立，

解得：x=1或x=﹣8，

當(dāng)x=﹣1時(shí)，

y=0，

當(dāng)x=8時(shí)，

y=18

∴P的坐標(biāo)為（﹣1，0）或（8，18）

（3）過點(diǎn)M作MF⊥x軸于點(diǎn)F，

設(shè)點(diǎn)E的坐標(biāo)為（n，0），M的坐標(biāo)為（m，0），

∵∠BME=∠BDC，

∴∠EMC+∠BME=∠BDC+∠MBD，

∴∠EMC=∠MBD，

∵CD∥x軸，

∴D的縱坐標(biāo)為﹣2，

令y=﹣2代入y=x2﹣x﹣2，

∴x=0或x=3，

∴D（3，﹣2），

∵B（4，0），

∴由勾股定理可求得：BD=，

∵M(jìn)（m，0），

∴MD=3﹣m，CM=m（0≤m≤3）

∴由拋物線的對(duì)稱性可知：∠NCM=∠BDC，

∴△NCM∽△MDB，

∴，

∴，

∴CN=，

∴當(dāng)m=時(shí)，CN可取得最大值，

∴此時(shí)M的坐標(biāo)為（，﹣2），

∴MF=2，BF=，MD=

∴由勾股定理可求得：MB=，

∵E（n，0），

∴EB=4﹣n，

∵CD∥x軸，

∴∠NMC=∠BEM，∠EBM=∠BMD，

∴△EMB∽△BDM，

∴，

∴MB2=MDEB，

∴=×（4﹣n），

∴n=﹣，

∴E的坐標(biāo)為（﹣，0）．