Question

（2013•南崗區(qū)一模）已知：如圖1，Rt△ABC中，∠ACB=90°，AM是△ABC的角平分線，過(guò)點(diǎn)B作AM的垂線，交AM的延長(zhǎng)線于點(diǎn)D，過(guò)點(diǎn)D作AB的垂線，垂足為E．
（1）求證：BC=2DE；
（2）如圖2，作∠ABC的平分線交AC于F，連接FD交BC于G，若DG=5，F(xiàn)G=l5，求線段DE的長(zhǎng)．

Answer 1

分析：（1）延長(zhǎng)AC、BD交于點(diǎn)K．先證明∠BKC=∠DBE，再由∠BCK=∠DEB=90°，得出△BDE∽△KBC，根據(jù)相似三角形對(duì)應(yīng)邊的比相等得出DE：BC=DB：BK，從而得出BC=2DE；
（2）過(guò)F作FN⊥BK于N，過(guò)D作DT⊥AC于T．由DT∥BC，得出FC：CT=FG：GD=15：5，設(shè)FC=3a，則CT=a．再利用AAS證明△KNF≌△HNB，得出FK=BH=5a，然后證明△CFH∽△CBK，則CH：CK=CF：CB，求出CH=a，BC=6a，DE=3a，再由CG：DT=FC：FT，得到CG=

9

4

a，在Rt△CFG中，由于勾股定理得出FG=

15

4

a=15，求出a=4，進(jìn)而求出DE=12．

解答：（1）證明：如圖1，延長(zhǎng)AC、BD交于點(diǎn)K．
∵AD⊥BK，
∴∠ADB=∠ADK=90°．
∵AD平分∠CAB，
∴∠1=∠2，
∴90°-∠1=90°-∠2，
∴∠AKD=∠ABD，即∠BKC=∠DBE．
∵∠ACB=90°=∠BCK=∠DEB，
∴△BDE∽△KBC，
∴DE：BC=DB：BK，
∵AK=AB，
∴DB=DK=

1

2

BK，
∴BC=2DE；

（2）解：如圖2，過(guò)F作FN⊥BK于N，過(guò)D作DT⊥AC于T．
∵∠1=∠2，∠3=∠4，∠1+∠2+∠3+∠4=90°，
∴∠1+∠3=45°，
∵∠1=∠5，
∴∠3+∠5=45°．
∵DT⊥AC，BC⊥AC，
∴DT∥BC，
∴FC：CT=FG：GD=15：5，
設(shè)FC=3a，則CT=a．
∵Rt△CKB中，BD=DK，DT∥BC，
∴CT=TK=a，∴CK=2a，F(xiàn)K=5a．
∵∠FNB=90°，∠FBK=45°，
∴FN=BN．
∵∠NFK=∠NBH，∠KNF=∠HNB，F(xiàn)N=BN，
∴△KNF≌△HNB，
∴FK=BH=5a．
∵∠CFH=∠CBK，∠FCH=∠BCK，
∴△CFH∽△CBK，
∴CH：CK=CF：CB，
即2a×3a=CH（CH+5a），
∴CH²+5a×CH-6a²=0，
∴CH=a或CH=-6a（舍去），
∴BC=a+5a=6a，
由（1）得DE=

1

2

BC=3a．
∵∠1=∠2，
∴DT=DE=3a，
∴CG：DT=FC：FT，即CG：3a=3a：4a，
∴CG=

9

4

a．
∵Rt△CFG中，F(xiàn)G²=CF²+CG²，
∴FG=

15

4

a=15，
∴a=4，
∴DE=3a=12．

點(diǎn)評(píng)：本題考查了全等三角形、相似三角形的判定與性質(zhì)，勾股定理，有一定難度，通過(guò)作輔助線構(gòu)建全等三角形與相似三角形是解題的關(guān)鍵．