Question

（2009•嘉定區(qū)二模）已知橢圓C1：

x2

a2

+

y2

b2

=1（a＞b＞0）滿足a：b=

3

：

2

，且橢圓C₁過(guò)點(diǎn)(

3

2

，

6

2

)．
（1）求橢圓C₁的方程；
（2）設(shè)橢圓C₁的左焦點(diǎn)為F₁，右焦點(diǎn)為F₂，直線l₁過(guò)點(diǎn)F₁且垂直于橢圓C₁的長(zhǎng)軸，動(dòng)直線l₂垂直于l₁且與l₁交于點(diǎn)P，線段PF₂的垂直平分線交l₂于點(diǎn)M，求點(diǎn)M的軌跡C₂的方程；
（3）設(shè)曲線C₂與x軸交于點(diǎn)Q，C₂上有與Q不重合的不同兩點(diǎn)R（x₁，y₁）、S（x₂，y₂），且滿足

QR

•

RS

=0，求點(diǎn)S的橫坐標(biāo)x₂的取值范圍．

Answer 1

分析：（1）設(shè)a=

3

k，b=

2

k（k＞0），所以橢圓C₁的方程為

x2

3k2

+

y2

2k2

=1，由橢圓C₁過(guò)點(diǎn)(

3

2

，

6

2

)，解得k=1，由此能求出橢圓C₁的方程．
（2）F₁（-1，0），F(xiàn)₂（1，0），所以直線l₁的方程為x=-1，由|MP|=|MF₂|，知點(diǎn)M的軌跡C₂是以F₂為焦點(diǎn)，直線l₁為準(zhǔn)線的拋物線，由此能求出軌跡C₂的方程．
（3）Q（0，0），設(shè)R(

y 2 1

4

，y1)，S(

y 2 2

4

，y2)，所以

QR

=(

y 2 1

4

，y1)，

RS

=(

y 2 2 - y 2 1

4

，y2-y1)，因?yàn)?span id="frt3tnb" class="MathJye">

QR

•

RS

=0，所以

y 2 1 ( y 2 2 - y 2 1 )

16

+y1(y2-y1)=0，化簡(jiǎn)得y2=-(y1+

16

y1

)，由此能求出點(diǎn)S的橫坐標(biāo)的取值范圍是[16，+∞）．

解答：解：（1）由已知，可設(shè)a=

3

k，b=

2

k（k＞0），
所以橢圓C₁的方程為

x2

3k2

+

y2

2k2

=1，…（2分）
因?yàn)闄E圓C₁過(guò)點(diǎn)(

3

2

，

6

2

)，所以有

3

12k2

+

6

8k2

=1，解得k=1，…（3分）
所以橢圓C₁的方程為

x2

3

+

y2

2

=1．…（4分）
（2）F₁（-1，0），F(xiàn)₂（1，0），所以直線l₁的方程為x=-1，…（5分）
由題意，|MP|=|MF₂|，所以點(diǎn)M的軌跡C₂是以F₂為焦點(diǎn)，直線l₁為準(zhǔn)線的拋物線，
所以軌跡C₂的方程是y²=4x． …（10分）
（3）Q（0，0），設(shè)R(

y 2 1

4

，y1)，S(

y 2 2

4

，y2)，
所以

QR

=(

y 2 1

4

，y1)，

RS

=(

y 2 2 - y 2 1

4

，y2-y1)，
因?yàn)?span id="f3vpzb3" class="MathJye">

QR

•

RS

=0，所以

y 2 1 ( y 2 2 - y 2 1 )

16

+y1(y2-y1)=0，…（12分）
因?yàn)閥₁≠y₂，y₁≠0，化簡(jiǎn)得y2=-(y1+

16

y1

)，…（15分）
所以

y

2 2

=

y

2 1

+

256

y 2 1

+32≥64，當(dāng)且僅當(dāng)

y

2 1

=

256

y 2 1

，y₁=±4時(shí)等號(hào)成立．…（16分）
所以x2=

y 2 2

4

≥16，點(diǎn)S的橫坐標(biāo)的取值范圍是[16，+∞）．…（18分）

點(diǎn)評(píng)：本題主要考查橢圓標(biāo)準(zhǔn)方程，簡(jiǎn)單幾何性質(zhì)，直線與橢圓的位置關(guān)系，圓的簡(jiǎn)單性質(zhì)等基礎(chǔ)知識(shí)．考查運(yùn)算求解能力，推理論證能力；考查函數(shù)與方程思想，化歸與轉(zhuǎn)化思想．