Question

已知函數(shù)f（x）=lnx-ax+

1-a

x

-1（a∈R）．
（1）若曲線y=f（x）在點(diǎn)（2，f（2））處的切線斜率為-

1

2

，求f（x）的極值；
（2）當(dāng)a≤

1

2

時(shí)，討論f（x）的單調(diào)性；
（3）設(shè)g（x）=x²-2bx+4，當(dāng)a=

1

4

時(shí)，若對(duì)任意x₁∈（0，2），存在x₂∈[1，2]，使f（x₁）≥g（x₂），求實(shí)數(shù)b的取值范圍．

Answer 1

考點(diǎn)：利用導(dǎo)數(shù)研究函數(shù)的單調(diào)性,利用導(dǎo)數(shù)研究曲線上某點(diǎn)切線方程

專題：導(dǎo)數(shù)的綜合應(yīng)用

分析：（1）求函數(shù)的導(dǎo)數(shù)，根據(jù)導(dǎo)數(shù)的幾何意義求出a，即可求f（x）的極值；
（2）當(dāng)a≤

1

2

時(shí)，求函數(shù)的導(dǎo)數(shù)即可討論f（x）的單調(diào)性；
（3）求出函數(shù)的最值即可得到結(jié)論．

解答： 解：（1）因?yàn)閒（x）=lnx-ax+

1-a

x

-1，
 所以f′（x）=

1

x

-a+

a-1

x2

=-

ax2-x+1-a

x2

，x∈（0，+∞），
∵曲線y=f（x）在點(diǎn)（2，f（2））處的切線斜率為-

1

2

，
∴f′（2）=

1

2

-a+

a-1

4

=-

1

2

，解得a=1，
此時(shí)f（x）=lnx-x-1，f′（x）=

1

x

-1=

1-x

x

，
由f′（x）＞0，解得0＜x＜1，
由f′（x）＜0，解得x＞1，
則當(dāng)x=1時(shí)，函數(shù)取得極大值f（1）=-2．
（2）因?yàn)閒（x）=lnx-ax+

1-a

x

-1，
 所以f′（x）=

1

x

-a+

a-1

x2

=-

ax2-x+1-a

x2

，x∈（0，+∞），
 令h（x）=ax²-x+1-a，x∈（0，+∞），
ⅰ．當(dāng)a=0時(shí)，h（x）=-x+1，x∈（0，+∞），
所以，當(dāng)x∈（0，1），h（x）＞0．此時(shí)f′（x）＜0，函數(shù)f（x）單調(diào)遞減；
當(dāng)x∈（1，+∞）時(shí)，h（x）＜0，此時(shí)f′（x）＞0，函數(shù)f（x）單調(diào)遞增
ⅱ當(dāng)a≠0時(shí)，由f′（x）=0，即ax²-x+1-a=0，解得 x₁=1，x₂=

1

a

-1，
①當(dāng)a=

1

2

時(shí)，x₁=x₂，h（x）≥0恒成立，此時(shí)f′（x）≤0，f（x）在（0，+∞）上單調(diào)遞減，
②當(dāng)0＜a＜

1

2

時(shí)，

1

a

-1＞1＞0，
當(dāng)x∈（0，1），h（x）＞0．此時(shí)f′（x）＜0，函數(shù)f（x）單調(diào)遞減；
當(dāng)x∈（1，

1

a

-1）時(shí)，h（x）＜0，此時(shí)f′（x）＞0，函數(shù)f（x）單調(diào)遞增；
當(dāng)x∈（

1

a

-1，+∞），h（x）＞0．此時(shí)f′（x）＜0，函數(shù)f（x）單調(diào)遞減；
③當(dāng)a＜0時(shí)，由于

1

a

-1＜0，
當(dāng)x∈（0，1），h（x）＞0．此時(shí)f′（x）＜0，函數(shù)f（x）單調(diào)遞減；
當(dāng)x∈（0，+∞）時(shí)，h（x）＜0，此時(shí)f′（x）＞0，函數(shù)f（x）單調(diào)遞增；
綜上所述：當(dāng)a≤0時(shí)，函數(shù)f（x）在（0，1）上單調(diào)遞減；在（1，+∞）上單調(diào)遞增；
當(dāng)a=

1

2

時(shí)，函數(shù)f（x）在（0，+∞）上單調(diào)遞減；
當(dāng)0＜a＜

1

2

時(shí)，函數(shù)f（x）在（0，1）和∈（

1

a

-1，+∞），上單調(diào)遞減；在（1，

1

a

-1），上單調(diào)遞增；
（3）因?yàn)閍=

1

4

∈(0，

1

2

)，由于（2）知，x₁=1，x₂=3∉（0，2），
當(dāng)x∈（0，1）時(shí)，f′（x）＜0，
函數(shù)f（x）單調(diào)遞減；當(dāng)x∈（1，2）時(shí)，f′（x）＞0，函數(shù)f（x）單調(diào)遞增，所以f（x）在（0，2）上的最小值為f（1）=-

1

2

，
由于“對(duì)任意x₁∈（0，2），存在x₂∈[1，2]，使f（x₁）≥g（x₂）”等價(jià)于
“g（x）在[1，2]上的最小值不大于f（x）在（0，2）上的最小值-

1

2

”，
又g（x）=x²-2bx+4，x∈[1，2]，
所以①當(dāng)b＜1，因?yàn)閇g（x）]_min=g（1）=5-2b＞0，此時(shí)與題設(shè)矛盾，
②當(dāng)1＜b＜2，因?yàn)閇g（x）]_min=4-b²≥0，此時(shí)與題設(shè)矛盾，
③當(dāng)b＞2，
因?yàn)閇g（x）]_min=g（2）=8-4b，
解不等式8-4b≤-

1

2

得b≥

17

8

，
綜上：b的取值范圍是b≥

17

8

．

點(diǎn)評(píng)：本題主要考查導(dǎo)數(shù)的綜合應(yīng)用，涉及導(dǎo)數(shù)的幾何意義，函數(shù)的極值和單調(diào)性與導(dǎo)數(shù)的關(guān)系，綜合考查導(dǎo)數(shù)的性質(zhì)，運(yùn)算量較大，綜合性較強(qiáng)．