Question

已知函數(shù)．
（I）若f（x）=f₁（x）+f₂（x）-bf₂（-x），是否存在a，b∈R，y=f（x）為偶函數(shù)．如果存在．請舉例并證明你的結(jié)論，如果不存在，請說明理由；
〔II）若a=2，b=1．求函數(shù)g（x）=f₁（x）+f₂（x）在R上的單調(diào)區(qū)間；
（III ）對于給定的實數(shù)?x∈[0，1]，對?x∈[0，1]，有|f₁（x）-f₂（x）|＜1成立．求a的取值范圍．

Answer 1

【答案】分析：（Ⅰ）存在a=0，b=-1使y=f（x）為偶函數(shù)．再根據(jù)偶函數(shù)的定義進行證明即可；
（Ⅱ）先利用絕對值的意義將g（x）寫成分段函數(shù)的形式g（x）=，再對x進行分類討論：①當(dāng)x≥2時；②當(dāng)x＜2時；利用導(dǎo)數(shù)工具研究其單調(diào)性即得；
（Ⅲ）由于|f₁（x）-f₂（x）|＜1，從而f₂（x）-1＜f₁（x）＜f₂（x）+1，?x∈[0，1]對?x∈[0，1]，f₂（x）-1＜f₁（x）＜f₂（x）+1成立．等價于：．再對字母b分類討論：①當(dāng)b≥0時，②當(dāng)b＜0時．即可求得a的取值范圍．
解答：解：（Ⅰ）存在a=0，b=-1使y=f（x）為偶函數(shù)，…（2分）
證明如下：此時：f（x）=e^|x|+e^-x+e^x，x∈R
∴f（-x）=e^|-x|+e^x+e^-x=f（x），
∴y=f（x）為偶函數(shù)．…（4分）
（注：a=0，b=0）也可以）
（Ⅱ）∵g（x）=e^|x-2|+e^x=，…（5分）
①當(dāng)x≥2時g（x）=e^x-2+e^x，∴g′（x）=e^x-2+e^x＞0，
∴y=g（x）在[2，+∞）上為增函數(shù)．…（6分）
②當(dāng)x＜2時g（x）=e^2-x+e^x，
則g′（x）=-e^2-x+e^x，令g′（x）=0得到x=1，
（�。┊�(dāng)x＜1時g′（x）＜0，
∴y=g（x）在（-∞，1）上為減函數(shù)．
（ⅱ） 當(dāng)1≤x＜2時g′（x）＞0，
∴y=g（x）在（1，2）上為增函數(shù)．…（8分）
綜上所述：y=g（x）的增區(qū)間為[1，+∞），減區(qū)間為（-∞，1）．…（9分）
（Ⅲ）∵|f₁（x）-f₂（x）|＜1，
∴f₂（x）-1＜f₁（x）＜f₂（x）+1
∴?x∈[0，1]對?x∈[0，1]，f₂（x）-1＜f₁（x）＜f₂（x）+1成立．
即：…（10分）
①當(dāng)b≥0時，f₂（x）為增函數(shù)或常數(shù)函數(shù)，
∴當(dāng)x∈[0，1]時，
∵，
∴f₂（x）_min-1=f₂（0）-1=0＜f₁（x）_min恒成立．
，，
∴e^b+1＞e^1-a
∴a＞1-ln（e^b+1）
∵
∴
∴
∴e^b+1＞e^a
∴a＜ln（e^b+1）
∵
∴
綜上所述：a∈（1-ln（e^b+1），ln（e^b+1））…（12分）
②當(dāng)b＜0時，f₂（x）在[0，1]上為減函數(shù)，
∴
∵
∴f₂（x）_min-1＜f₁（x）_min恒成立．
∴
∴a＞1-ln2
∴，
，．
∴2＞e^a
∴a＜ln2
∴
綜上所述：∴a∈（1-ln2，ln2）…（13分）
由①②得當(dāng)b≥0時，a∈（1-ln（e^b+1），ln（e^b+1））；
當(dāng)b＜0時，a∈（1-ln2，ln2）．…（14分）
點評：本小題主要考查函數(shù)的單調(diào)性、奇偶性與單調(diào)性的綜合等基本知識，考查分類討論、化歸以等數(shù)學(xué)思想方法，考查分析問題、解決問題的能力．