Question

已知函數(shù)f（x）=ln（x+a）-x，
（1）試確定f（x）的單調(diào)性；
（2）數(shù)列{a_n}滿足a_n+1a_n-2a_n+1+1=0，且a1=

1

2

，S_n表示{a_n}的前n項(xiàng)之和
①求數(shù)列{a_n}的通項(xiàng)；   
②求證：S_n＜n+1-ln（n+2）．

Answer 1

分析：（1）由f′(x)=

1

x+a

-1，通過導(dǎo)數(shù)的性質(zhì)求出f（x）的單調(diào)區(qū)間．
（2）①由a_na_n+1-2a_n+1+1=0，知an+1=

1

2-an

，1-an+1=1-

1

2-an

=

1-an

2-an

，由此能夠求出數(shù)列{a_n}的通項(xiàng)公式．
②當(dāng)a=1時，f（x）=ln（1+x）-x在[0，+∞）是單調(diào)減函數(shù)，又f（0）=0，所以x＞0，f（x）＜f（0）=0，即ln（1+x）＜x．所以對于k∈N₊，

1

k+1

＞ln(1+

1

k+1

)=ln（k+2）-ln（k+1），再由ak=1-

1

k+1

＜1-(ln(k+2)-ln(k+1))，能夠證明S_n＜n+1-ln（n+2）．

解答：解：（1）∵f′(x)=

1

x+a

-1，
由

1

x+a

-1＞0，得-a＜x≤1-a，
由

x+a＞0 1 x+a -1＜0

，得x＞1-a，
故f（x）在（-a，1-a]上是單調(diào)增函數(shù)，在[1-a，+∞）上是單調(diào)減函數(shù)．
（2）①∵a_na_n+1-2a_n+1+1=0，
∴an+1=

1

2-an

，1-an+1=1-

1

2-an

=

1-an

2-an

，
∴

1

1-an+1

=

2-an

1-an

=

1

1-an

 +1(a1≠1)，
∴{

1

1-an

}是公差為1的等差數(shù)列，且首項(xiàng)為

1

1-a1

=2，
故

1

1-an

=n+1，
∴an=1-

1

n+1

．
②由（1）知，當(dāng)a=1時，f（x）=ln（1+x）-x在[0，+∞）是單調(diào)減函數(shù)，又f（0）=0，
∴x＞0，f（x）＜f（0）=0，即ln（1+x）＜x．
∴對于k∈N₊，

1

k+1

＞ln(1+

1

k+1

)=ln（k+2）-ln（k+1），
∵ak=1-

1

k+1

＜1-(ln(k+2)-ln(k+1))，
∴S_n=a₁+a₂+…+a_n
＜1-（ln3-ln2）+1-（ln4-ln3）+…+（ln（n+2）-ln（n+1））
=n+ln2-ln（n+2）
＜n+1-ln（n+2）．

點(diǎn)評：本題考查數(shù)列與不等式的綜合，綜合性強(qiáng)，難度較大，計(jì)算量大且繁瑣．解題時要認(rèn)真審題，仔細(xì)解答，注意導(dǎo)數(shù)的合理運(yùn)用．