Question

6．已知正項(xiàng)數(shù)列{a_n}的前n項(xiàng)和為S_n，數(shù)列{a_n}滿(mǎn)足，2S_n=a_n（a_n+1）．
（1）求數(shù)列{a_n}的通項(xiàng)公式；
（2）設(shè)數(shù)列{$\frac{1}{{{{（{a_n}+2）}^2}}}$}的前n項(xiàng)和為A_n，求證：對(duì)任意正整數(shù)n，都有A_n＜$\frac{1}{2}$成立；
（3）數(shù)列{b_n}滿(mǎn)足b_n=（$\frac{1}{2}$）ⁿa_n，它的前n項(xiàng)和為T(mén)_n，若存在正整數(shù)n，使得不等式（-2）^n-1λ＜T_n+$\frac{n}{2^n}$-2^n-1成立，求實(shí)數(shù)λ的取值范圍．

Answer 1

分析 （1）根據(jù)數(shù)列的遞推公式即可求出數(shù)列{a_n}的通項(xiàng)公式，
（2）$\frac{1}{{{{（{a_n}+2）}^2}}}$=$\frac{1}{（n+2）^{2}}$＜$\frac{1}{（n+1）（n+2）}$=$\frac{1}{n+1}$-$\frac{1}{n+2}$，利用放縮法即可證明，
（3）先利用錯(cuò)位相減法求出數(shù)列{b_n}的前n項(xiàng)和為T(mén)_n，不等式（-2）^n-1λ＜T_n+$\frac{n}{2^n}$-2^n-1成立，轉(zhuǎn)化為${（-2）^{n-1}}λ＜2-\frac{2}{2^n}-{2^{n-1}}$成立，分n為偶數(shù)和奇數(shù)，根據(jù)函數(shù)的性質(zhì)即可求出實(shí)數(shù)λ的取值范圍

解答 解：（1）$2{S_n}={a_n}^2+{a_n}$，當(dāng)n≥2時(shí)，$2{S_{n-1}}={a_{n-1}}^2+{a_{n-1}}$，
兩式相減得：$2{a_n}={a_n}^2-{a_{n-1}}^2+{a_n}-{a_{n-1}}$，所以（a_n+a_n-1）（a_n-a_n-1-1）=0．
因?yàn)閿?shù)列{a_n}為正項(xiàng)數(shù)列，故a_n+a_n-1≠0，也即a_n-a_n-1=1，
所以數(shù)列{a_n}為以1為首項(xiàng)1為公差的等差數(shù)列，故通項(xiàng)公式為a_n=n，n∈N^*．
（2）${A_n}={a_1}+{a_2}+{a_3}+{a_4}+…+{a_n}=\frac{1}{3^2}+\frac{1}{4^2}+\frac{1}{5^2}+\frac{1}{6^2}+…+\frac{1}{{{{（n+2）}^2}}}$$＜（\frac{1}{2}-\frac{1}{3}）+（\frac{1}{3}-\frac{1}{4}）+（\frac{1}{4}-\frac{1}{5}）+（\frac{1}{5}-\frac{1}{6}）+…+（\frac{1}{n+1}-\frac{1}{n+2}）$=$\frac{1}{2}-\frac{1}{n+2}＜\frac{1}{2}$，
所以對(duì)任意正整數(shù)n，都有${A_n}＜\frac{1}{2}$成立．
（3）易知${b_n}=\frac{n}{2^n}$，則${T_n}=1×\frac{1}{2}+2×\frac{1}{2^2}+3×\frac{1}{2^3}+…+（n-1）×\frac{1}{{{2^{n-1}}}}+n×\frac{1}{2^n}$，①，
$\frac{1}{2}{T_n}=1×\frac{1}{2^2}+2×\frac{1}{2^3}+…+（n-2）×\frac{1}{{{2^{n-1}}}}+（n-1）×\frac{1}{2^n}+n×\frac{1}{{{2^{n+1}}}}$，②
①-②可得：$\frac{1}{2}{T_n}=\frac{1}{2}+\frac{1}{2^2}+…+\frac{1}{2^n}-n×\frac{1}{{{2^{n+1}}}}=1-\frac{n+2}{{{2^{n+1}}}}$．
故${T_n}=2-\frac{n+2}{2^n}$，所以不等式${（-2）^{n-1}}λ＜2-\frac{2}{2^n}-{2^{n-1}}$成立，
若n為偶數(shù)，則$-{2^{n-1}}λ＜2-\frac{2}{2^n}-{2^{n-1}}$，所以$λ＞-2×\frac{1}{{{2^{n-1}}}}+{（\frac{1}{{{2^{n-1}}}}）^2}+1$．
設(shè)$t=\frac{1}{{{2^{n-1}}}}∈（0，\frac{1}{2}]$，則y=-2t+t²+1=（t-1）²在$（0，\frac{1}{2}]$單調(diào)遞減，
故當(dāng)$t=\frac{1}{2}$時(shí)，${y_{min}}=\frac{1}{4}$，所以$λ＞\frac{1}{4}$；
若n為奇數(shù)，則${2^{n-1}}λ＜2-\frac{2}{2^n}-{2^{n-1}}$，所以$λ＜2×\frac{1}{{{2^{n-1}}}}-{（\frac{1}{{{2^{n-1}}}}）^2}-1$．
設(shè)$t=\frac{1}{{{2^{n-1}}}}∈（0，1]$，則y=2t-t²-1=-（t-1）²在（0，1]單調(diào)遞增，
故當(dāng)t=1時(shí)，y_max=0，所以λ＜0．
綜上所述，λ的取值范圍λ＜0或$λ＞\frac{1}{4}$．

點(diǎn)評(píng) 本題考查了數(shù)列的遞推公式，放縮法和裂項(xiàng)求和，以及錯(cuò)位相減法求和，分類(lèi)討論的思想，函數(shù)的思想，屬于難題．