題目列表(包括答案和解析)
A、這列波的波長是8cm | B、質點P和Q的位移在任何時候都相同 | C、這列波的傳播速度是20cm/s | D、x=4cm處質點做簡諧運動的表達式為y=6sin5πt(cm) |
沿x軸正方向傳播的簡諧橫波,波速為2m/s,t=0時刻的波形圖如右圖所示,P、M為介質中的兩個質點,質點P剛好位于波峰。關于這列波,下列說法正確的是
A.t=0時刻,質點P的加速度比質點M的加速度大
B.質點M比質點P先回到平衡位置
C.t=1.5s時刻,質點P的速度方向沿y軸正方向,并且達到最大值
D.質點M開始振動后的任意2.5s內(nèi),通過的路程一定為25cm
沿x軸正方向傳播的簡諧橫波,在t = 0時刻的波形如圖所示.質點P位于x =" 2" cm處,質點Q位于x =6cm處.已知 x =" 4" cm處依次出現(xiàn)兩次波谷的時間間隔為0.4 s,則以下判斷正確的是______________.
A.這列波的波長是8cm |
B.質點P和Q的位移在任何時候都相同 |
C.這列波的傳播速度是20 cm/s |
D.x = 4cm處質點做簡諧運動的表達式為y="6" sin5πt (cm) |
A.這列波的波長是8cm |
B.質點P和Q的位移在任何時候都相同 |
C.這列波的傳播速度是20 cm/s |
D.x = 4cm處質點做簡諧運動的表達式為y="6" sin5πt (cm) |
A.t=0時刻,質點P的加速度比質點M的加速度大 |
B.質點M比質點P先回到平衡位置 |
C.t=1.5s時刻,質點P的速度方向沿y軸正方向,并且達到最大值 |
D.質點M開始振動后的任意2.5s內(nèi),通過的路程一定為25cm |
一、1―5BCBAD 6―10BDACB 11―13DAC
二、14.BC 15.B 16.AC 17.B 18.C 19.C 20.BD 21.B
三、
22.(I)(每空2分,共6分) 左 1.60 9.60(9.6)
(II)(每問4分,共12分)①乙
②A:按乙圖連接好實驗電路;B:閉合s1、s2,記下電壓表的讀數(shù)U1;C:再斷開s2,記下電壓表的讀數(shù)U2 (4分,B項和C項步驟各2分)
③ (4分)
23.(14分)解:(1)設乙在接棒前跑過的路程為s1,
由運動學公式得 ①。3分)
設乙啟動到最大速度過程中,跑過的路程為s,
由運動學公式得 ② (3分)
由①②得s1=
(2)設甲、乙交棒之前,甲跑過的路程為s2,
有 ③。2分)
在此過程中,對乙分析有 ④ (2分)
由②③④得s2=
則甲乙相距△s=s2-s1=
24.(19分)解:(1)對B球:從靜止釋放至擺到最低點過程中,根據(jù)動能定理,有
① (4分)
代入數(shù)據(jù),解得B球在最低點的速率 v=
(2) B球與A球碰撞過程中,兩球所組成的系統(tǒng)動量守恒,動能不損失,取水平向右為正方向,有 ② 。2分)
③ (2分)
聯(lián)立②、③,解得B球速度v1=
A球速度為v2=
根據(jù)電荷守恒定律得,碰后A球帶電量 (1分)
A球離開平臺后,由牛頓第二定律得 ④ (2分)
故豎直方向的加速度
(1分)
A球從離開平臺至著地過程中,
由得 (1分)
水平位移大小S=v2t=2×
25.(21分)解:(1)設水平拉力為F ,
則 ① (1分)
對框架由牛頓第二定律得 ② (2分)
解得 (1分) ]
(2)設框架做勻速運動的速度大小為v,
則感應電動勢 ③ (2分)
回路中的電流 ④ (2分)
對框架由力的平衡得 ⑤ (2分)
聯(lián)立上式解得 (1分)
(3)在框架滑過s的過程中,設產(chǎn)生的電熱為Q1 ,摩擦生熱為Q2
由功能關系得 ⑥ (3分)
其中 ⑦ (2分)
在框架勻速運動后,對棒由力的平衡得
⑧ (2分)
另有 ⑨ (1分)
聯(lián)立以上各式得 (2分)
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