14．已知是橢圓內(nèi)的點.是橢圓上的動點.則的最大值是 . 【查看更多】

 

題目列表(包括答案和解析)

16、已知真命題：若A為⊙O內(nèi)一定點，B為⊙O上一動點，線段AB的垂直平分線交直線OB于點P，則點P的軌跡是
O、A為焦點，OB長為長軸長的橢圓
．類比此命題，寫出另一個真命題：若A為⊙O外一定點，B為⊙O上一動點，線段AB的垂直平分線交直線OB于點P，則點P的軌跡是
以O，A為焦點，OB為實軸長的雙曲線
．

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已知橢圓方程為
y2
a2
+
x2
b2
=1(a＞b＞0)．且橢圓的焦距為4
3
，定點A(
13
2
，
3
)為橢圓上的點，點P為橢圓上的動點，過點P作y軸的垂線，垂足為P1，動點M滿足
P1M
=2
P1P

（1）求M點的軌跡T的方程；
（2）已知O（0，0）、E（2，1），試探究是否存在這樣的點Q：Q是軌跡T內(nèi)部的整點（平面內(nèi)橫、縱坐標均為整數(shù)的點稱為整點），且△OEQ的面積S△OEQ=2？若存在，求出點Q的坐標，若不存在，說明理由．

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已知點F是橢圓
x2
25
+
y2
16
=1的右焦點，點A（4，1）是橢圓內(nèi)的一點，點P（x，y）是橢圓上的一個動點，則
|
FA
+
AP
|的最大值是
 
．

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已知橢圓的方程
 x2 
4
+
y2
3
=1，橢圓的兩焦點分別為F1，F(xiàn)2，點P是其上的動點，當△PF1F2內(nèi)切圓的面積取最大值時，內(nèi)切圓圓心的坐標為
 
．

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已知F1、F2分別是橢圓
x2
a2
+
y2
b2
=1 (a＞b＞0)的左、右焦點，P是此橢圓上的一動點，并且
PF1
•
PF2
的取值范圍是[-
4
3
，
4
3
]．
（Ⅰ）求此橢圓的方程；
（Ⅱ）點A是橢圓的右頂點，直線y=x與橢圓交于B、C兩點（C在第一象限內(nèi)），又P、Q是橢圓上兩點，并且滿足(
CP
|
CP
|
+
CQ
|
CQ
|
)•
F1F2
=0，求證：向量
PQ
與
AB
共線．

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一、選擇題  1--5 DDCBA  6--10 ADBCA  11-12 AB

二、填空題   13．     14．12   15．   16．AC          

三、解答題

17.解：（Ⅰ） ，

，

．   ，

，  ．

（Ⅱ）由余弦定理，得　．

，  ．

所以的最小值為，當且僅當時取等號．

18、（Ⅰ）解法一：依據(jù)題意，因為隊伍從水路或陸路抵達災區(qū)的概率相等，則將“隊伍從水路或陸路抵達災區(qū)”視為同一個事件. 記“隊伍從水路或陸路抵達災區(qū)”為事件C，且B、C相互獨立，而且．……………………………………  2分

在5月13日恰有1支隊伍抵達災區(qū)的概率是

. ………………   5分

解法二：在5月13日恰有1支隊伍抵達災區(qū)的概率是

　　　　　 .………………………………………………………………  5分

（Ⅱ）依據(jù)題意，因為隊伍從水路或陸路抵達災區(qū)的概率相等，則將“隊伍從水路或陸路抵達災區(qū)”視為同一個事件. 記“隊伍從水路或陸路抵達災區(qū)”為事件C，且B、C相互獨立，而且.

設5月13日抵達災區(qū)的隊伍數(shù)為，則=0、1、2、3、4. ………………  6分

由已知有：；…………………………………  7分

；…………………………  8分

；…………………  9分

；……………………… 10分

. …………………………………………………  10分

因此其概率分布為：

 

0

1

2

3

4

P

                                                        ………………  11分

所以在5月13日抵達災區(qū)的隊伍數(shù)的數(shù)學期望為：

=0×+ 1× + 2× + 3×+ 4×=.

答：在5月13日抵達災區(qū)的隊伍數(shù)的數(shù)學期望=. ………………  12分

19.（I）由已知a2－a１=－2, a3－a2=－1, －1－（－2）=1 ∴an+1－an=（a2－a1）+（n－1）?1=n－3 

n≥2時，an=（ an－an－1）+（ an－1－an－2）+…+（ a3－a2）+（ a2－a1）+ a1

          =（n－4）+（n－5） +…+（－1）+（－2）+6 =

n=1也合適.  ∴an=  （n∈N*） ……………………3分

又b1－2=4、b2－2=2 .而  ∴bn－2=（b1－2）?（）n－1即bn=2+8?（）n

∴數(shù)列{an}、{bn}的通項公式為：an= ，bn=2+（）n－3……………  6分

（II）設

當k≥4時為k的增函數(shù)，－8?（）k也為k的增函數(shù)，……………  8分

學科網(wǎng)(Zxxk.Com)而f（4）= ∴當k≥4時ak－bk≥………………10分

又f（1）=f（2）=f（3）=0   ∴不存在k， 使f（k）∈（0，）…………12分

20、證（Ⅰ）因為側面，故

 在中，   由余弦定理有

學科網(wǎng)(Zxxk.Com)  故有 

  而     且平面

      ………………  4分

（Ⅱ）由

從而  且 故

 不妨設  ，則，則

又  則

在中有   從而（舍去）

故為的中點時，………………  8分

 法二：以為原點為軸，設，則

  由得   

 即  

化簡整理得       或

當時與重合不滿足題意

當時為的中點

故為的中點使………………  8分

 （Ⅲ）取的中點，的中點，的中點，的中點

 連則，連則，連則

 連則，且為矩形，

又   故為所求二面角的平面角………………  10分

學科網(wǎng)(Zxxk.Com)在中，

………………  12分

法二：由已知， 所以二面角的平面角的大小為向量與的夾角………………  10分

因為  

故 ………………  12分

21.解：（I）由，  ∴直線l的斜率為，

故l的方程為，∴點A坐標為（1，0）……… 2分

設    則，

由得

整理，得……………………4分

∴動點M的軌跡C為以原點為中心，焦點在x軸上，長軸長為，短軸長為2的橢圓 …… 5分

（II）如圖，由題意知直線l的斜率存在且不為零，設l方程為y=k（x－2）（k≠0）①

    
 
    
  
  
      
   
      
    
    
      
    
      高考資源網(wǎng)
      ，
      由△>0得0<k2<.  ………………  6分
       
      設E（x1，y1），F（x2，y2）,則 ②……………………………7分
      令， 
      由此可得………………  8分
      由②知
      學科網(wǎng)(Zxxk.Com)
       
       
       
       
       
       
       
       
      .
      ∴△OBE與△OBF面積之比的取值范圍是（3－2，1）.…………12分
      22解：（1）由題意知，的定義域為，
         …… 2分
      當時，
，函數(shù)在定義域上單調(diào)遞增．
… 3分
      （2） ①由（Ⅰ）得，當時，,函數(shù)無極值點．………………  5分                

      ②當時，有兩個不同解，                       

      時，，,
      此時 ，隨在定義域上的變化情況如下表：
      減
      極小值
      增
      由此表可知：時，有惟一極小值點，   …… 7分
      ii）   當時，0<<1    此時，，隨的變化情況如下表：
       
      增
      極大值
      減
      極小值
      增
      由此表可知：時，有一個極大值和一個極小值點；…9分
      綜上所述：當時，有惟一最小值點；
      當時，有一個極大值點和一個極小值點
      …….10分
      （3）由（2）可知當時，函數(shù)，此時有惟一極小值點
      且     
…… 9分
                        
…… 11分
      令函數(shù)      
…… 12分
      …14分
       
      		
      
	
	
      
		
      


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