13．(1)① ② (2)① ② 14題 15題 【查看更多】

 

題目列表(包括答案和解析)

題號

1

2

3

4

5

6

7

8

9

答案

D

C

B

A

B

C

A

C

D

題號

10

11

12

13

14

15

16

答案

B

D

A

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圖14-9-9為用伏安法測量一個定值電阻阻值的實驗所需的器材實物圖，器材規(guī)格如下：

(1)待測電阻Rx(約100 Ω)

(2)直流毫安表(量程0—10 mA，內(nèi)阻50 Ω)

(3)直流電壓表(量程0—3 V，內(nèi)阻5 kΩ)

(4)直流電源(輸出電壓4 V，內(nèi)阻可不計)

(5)滑動變阻器(阻值范圍0—15 Ω，允許最大電流1 A)

(6)電鍵一個，導(dǎo)線若干條

圖14-9-9

根據(jù)器材的規(guī)格和實驗要求，在本題的實物圖上連線.

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圖14-9-4為用伏安法測量一個定值電阻阻值的實驗所需的器材實物圖，器材規(guī)格如下：

(1)待測電阻Rx(約100 Ω)

(2)直流毫安表(量程0—10 mA，內(nèi)阻50 Ω)

(3)直流電壓表(量程0—3 V，內(nèi)阻5 kΩ)

(4)直流電源(輸出電壓4 V，內(nèi)阻可不計)

(5)滑動變阻器(阻值范圍0—15 Ω，允許最大電流1 A)

(6)電鍵一個，導(dǎo)線若干條

圖14-9-4

根據(jù)器材的規(guī)格和實驗要求，在本題的實物圖上連線.

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根據(jù)試題要求填空或作圖.

(1)現(xiàn)用伏安法測量定值電阻Rx阻值(為20—30 Ω).所供器材如下：

電壓表V(量程0—15 V，內(nèi)阻20 kΩ)，

電流表A1(量程0—50 mA,內(nèi)阻20 Ω)

電流表A2(量程0—300 mA，內(nèi)阻4 Ω)

滑動變阻器R(最大阻值為50 Ω，額定電流為1 A)

直流電源E(電動勢約9 V，內(nèi)阻約0.5 Ω)，開關(guān)S，連線用的導(dǎo)線若干根.

在以上器材中選出適當(dāng)?shù)钠鞑�，畫出電路圖，要求在圖上標(biāo)出所選器材的符號;

 (2)該電阻是由電阻絲繞成的，為了求得該電阻絲材料的電阻率，需用螺旋測微器測量電阻絲的直徑，結(jié)果如圖14-11所示，其讀數(shù)為_________.

圖14-11

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（選做題，選修3-3）
如圖所示，在一端封閉的U形管中用水銀柱封一段空氣柱L，當(dāng)空氣柱的溫度為14℃時，左臂水銀柱的長度h1=10 cm，右臂水銀柱長度h2=7 cm，氣柱長度L=15 cm； 將U形管放入100℃水中且狀態(tài)穩(wěn)定時，h1變?yōu)? cm。求末狀態(tài)空氣柱的壓強和當(dāng)時的大氣壓強(單位用cmHg)。

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一

題號

1

2

3

4

5

6

7

8

9

10

11

12

答案

C

C

A

B

BD

AD

CD

BD

BD

ABD

B

AC

二

13．（1）將玻璃板放在盤上，用筆畫出油膜的形狀(2分)  (3分)

（2）（1）1.00m/s，2.50m/s；（各1分）           （2）5.25J，5.29J（各2分）

14． （6分）

15題．（共8分）

解：該隊員先在t1=1s時間內(nèi)以a1勻加速下滑．

然后在t2=1.5s時間內(nèi)以a2勻減速下滑．

第1s由牛頓第二定律得：mg－F1=ma1                   

所以a1==4m/s2                                  （2分）

最大速度vm=a1t1                                      

代入數(shù)據(jù)解得：vm=4m/s                                 （2分）

后1.5s由牛頓第二定律得：F2－mg=ma2                  

a2==2m/s2                                       （2分）

隊員落地時的速度v=vm－a2t2                              

代入數(shù)據(jù)解得：v=1m/s                                   （2分）

 

16（8分）題將運動員看成質(zhì)量為m的質(zhì)點，從高處下落，剛接觸網(wǎng)時的速度的大小

 　　　�、�                （2分）

 　　彈跳后到達的高度為，剛離網(wǎng)時的速度的大小

 　　　�、�              （2分）

 　　接觸過程中運動員受到向下的重力mg和網(wǎng)向上的彈力F。選取豎直向上為正方向，由動量定理，得　　③              （3分）

　　由以上三式解得

　　代入數(shù)值得　　         （1分）

 

17．（12分）

(1)mv0=2mvA…………………………（3分）     vA =v0……………………（1分）

(2)qE=2mv2A /r………………………………………………………………（2分）

E= ……………………………………………………………（1分）

E的方向是: 豎直向上………………………………………………（1分）

(3)在AB過程中應(yīng)用動能定理有：   qE?2r-2mg?2r=EkB-?2mv2共…………………（3分）

∴EkB=mv20-4mgr………………………………………………………（1分）

 

18．（12分）參考解答：

（1）開始時彈簧形變量為，

由平衡條件：   ①…………… （1分）

設(shè)當(dāng)A剛離開檔板時彈簧的形變量為：

由：  ②…………………………（1分）

故C下降的最大距離為：  ③…………………………（2分）

由①～③式可解得    ④………………………… （2分）

（2）由能量守恒定律可知：C下落h過程中，C重力勢能的的減少量等于B的電勢能的增量和彈簧彈性勢能的增量以及系統(tǒng)動能的增量之和

當(dāng)C的質(zhì)量為M時：    ⑤………………（2分）

當(dāng)C的質(zhì)量為2M時，設(shè)A剛離開擋板時B的速度為V

 ⑥ ……………（2分）

由④～⑥式可解得A剛離開P時B的速度為：

  ⑦…………………………（2分）

 

 

 

 

 

 

 

19題：（14分）

（1）m1與m2碰撞過程滿足

        mv0=mv1+2mv2                                    （1分）

        mv02=mv12+2mv22                             （1分）

得v1＝-（負號表示逆時針返回），v2＝-          （2分）

（2）因為m2=m3=2m，與第（1）問同理可得，m2運動到C處與m3碰后，兩者交換速度，即v2′＝0，v3＝＝v2                                           （2分）

所以m3以的速度順時針由C向A運動，與m1逆時針返回，

因為v2=v3=2v1， +=2

所以m3和m1同時到達A點并進行碰撞。            （2分）

（3）m3和m1碰撞過程滿足

2m-m=m v1′+2m v3′

2m()2+m()2=m v1′2+2m v3′2                     

解之得v1′＝v0，v3′＝0（另一解v1′＝-，v3′＝，這表示互相穿過去，不可能，所以舍去）即碰后m3停止，m1以v0再次順時針運動。         （4分）

m1和m2第一次相碰后，返回A點的時間t1==

m1和m3在A處碰后，m1以v0返回到C的時間t2=＝

從m1和m3在第一次相碰，到m1和m2第二次相碰經(jīng)歷的總時間

t= t1+ t2=                                      （2分）

 


同步練習(xí)冊答案