【題目】碲(Te)的單質(zhì)和化合物在化工生產(chǎn)等方面具有重要應(yīng)用。
(1)下列關(guān)于碲及其化合物的敘述不正確的是_______。
A.Te位于元素周期表的第五周期ⅣA族
B. Te的氧化物通常有TeO2和TeO3
C. H2TeO4的酸性比H2SO4酸性強
D.熱穩(wěn)定性H2Te比H2S弱,H2Te比HI強
(2)25℃時,亞碲酸(H2TeO3)的 = 1×10-3, =2×10-8。0. 1 mol . L-1H2TeO3 的電離度 a 約為___________ (); NaHTeO3的溶液的pH_______7(填“>”、“=”或“<”)。
(3)TeO2微溶于水,易溶于較濃的強酸和強堿。工業(yè)上常用銅陽極泥(主要含有TeO2、少量Ag、Au)為原料制備單質(zhì)碲,其工藝流程如下:
①“堿浸”時TeO2發(fā)生反應(yīng)的化學(xué)方程式為 _________。
②“沉碲”時控制溶液的pH為4. 5~5. 0,生成Tea沉淀。酸性不能過強的原因是_________;防止局部酸度過大的操作方法是____________。
③“酸溶”后,將SO2通入TeCl4酸性溶液中進行“還原”得到碲,該反應(yīng)的化學(xué)方程式是____________。
④工業(yè)上還可以通過電解銅陽極泥堿浸、過濾后的濾液得到單質(zhì)碲。已知電解時的電極均為石墨,則陰極的電極反應(yīng)式為__________。
【答案】 CD 10% < TeO2+2NaOH=Na2TeO3+H2O 溶液酸性過強,TeO2會繼續(xù)與酸反應(yīng)導(dǎo)致碲元素損失 緩慢加入H2SO4,并不斷攪拌 TeCl4+2SO2+4H2O=Te+4HCl+2H2SO4 TeO32-+3H2O+4e-=Te+6OH-
【解析】(1)A.Te屬于氧族元素,位于周期表中第五周期第VIA族,即Se元素下方,故A正確;B.Te是第VIA族元素,主要化合價為+4價和+6價,則氧化物通常有TeO2和TeO3,故B正確;C.非金屬性S>Se,所以最高價氧化物的水化物酸性:H2TeO4<H2SO4,故C錯誤;D.Te的非金屬性比S和I弱,則熱穩(wěn)定性H2Te比H2S、HI弱,故D錯誤;答案為CD;
(2)弱酸的一級電離為主,H2TeO3HTeO3-+H+,設(shè)溶液中H+和HTeO3-的濃度均為xmol/L,則Ka1==1×10-3,則x=0.01mol/L,a=×100%=10%;HTeO3-+H2OH2TeO3+OH-,其水解常數(shù)Kb=Kw/Ka1=1×10-11< ,則NaHTeO3的溶液因HTeO3-電離大于其水解,其水溶液的pH<7;
(3)根據(jù)TeO2是兩性氧化物,微溶于水,加堿溶過濾除去雜質(zhì),得到Na2TeO3溶液,再加硫酸沉降經(jīng)過濾得到TeO2沉淀,再用鹽酸溶解生成四氯化碲,再用二氧化硫還原制成碲單質(zhì);
①TeO2是兩性氧化物,與氫氧化鈉發(fā)生類似氧化鋁與氫氧化鈉的反應(yīng),化學(xué)方程式為TeO2+2NaOH=Na2TeO3+H2O;
②因為TeO2是兩性氧化物,H2SO4過量會導(dǎo)致TeO2繼續(xù)與H2SO4反應(yīng)導(dǎo)致?lián)p失;防止局部酸度過大的操作方法是:緩慢加入H2SO4,并不斷攪拌;
③SO2還原TeCl4為Te,本身被氧化為硫酸,化學(xué)方程式為TeCl4+2SO2+4H2O=Te+4HCl+2H2SO4;
④電解銅陽極泥堿浸、過濾后的濾液中含有TeO32-,電解時TeO32-在陰極發(fā)生還原反應(yīng)生成Te,其電極反應(yīng)式為TeO32-+3H2O+4e-=Te+6OH-。
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【題目】常溫下c(H+)最小的是
A. pH=0的溶液 B. 0.04 mol·L-1 H2SO4
C. 0.5 mol·L-1 HCl D. 0.05 mol·L-1的HNO3
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【題目】下圖是制備和研究乙炔性質(zhì)的實驗裝置圖,有關(guān)說法不正確的是
A. 用蒸餾水替代a中飽和食鹽水產(chǎn)生的乙炔更為純凈
B. c(過量)的作用是除去影響后續(xù)實驗的雜質(zhì)
C. d、e中溶液褪色的原理不同
D. f處產(chǎn)生明亮、伴有濃煙的火焰
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【題目】已知:。若要合成,則所用的反應(yīng)物可以是
① 2-甲基-1,3-丁二烯和2-丁炔
② 1,3-戊二烯和2-丁炔
③ 2,3-二甲基-1,3-丁二烯和丙炔
④ 2,3-二甲基-1,3-戊二烯和乙炔
A.①③ B.②③ C.②④ D.①④
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【題目】鐵和鈷是兩種重要的過渡元素。
(1)鈷位于元素周期表得第_____________族,其基態(tài)原子中未成對電子的個數(shù)為______。
(2)[Fe(H2NCONH2)]6(NO3)3的名稱是三硝酸六尿素合鐵(Ⅲ),是一種重要的配合物。該化合物中Fe3+的核外電子排布式為____________________,所含非金屬元素的電負性由大到小的順序是____________________。
(3)尿素分子中、碳原子為________雜化,分子中σ鍵與π鍵的數(shù)目之比為____________________。
(4)FeO晶體與NaCl晶體結(jié)構(gòu)相似,比較FeO與NaCl的晶格能大小,還需要知道的數(shù)據(jù)是______。
(5)Co(NH3)5BrSO4可形成兩種鈷的配合物,結(jié)構(gòu)分別為[Co(NH3)5Br]SO4和[Co(SO4)(NH3)5]Br。已知Co3+的配位數(shù)是6,為確定鈷的配合物的結(jié)構(gòu),現(xiàn)對兩種配合物進行如下實驗:在第一種配合物溶液中加硝酸銀溶液產(chǎn)生白色沉淀,在第二種配合物溶液中加入硝酸銀溶液產(chǎn)生淡黃色沉淀。則第二種配合物的配體為____________________。
(6)奧氏體是碳溶解在γ-Fe中形成的一種間隙固溶體,無磁性,其晶胞為面心立方結(jié)構(gòu),如下圖所示,則該物質(zhì)的化學(xué)式為____________________。若晶體密度為dg·cm3,則晶胞中最近的兩個碳原子的距離為____________________pm(阿伏伽德羅常數(shù)的值用NA表示,寫出簡化后的計算式即可)。
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【題目】已知可逆反應(yīng) N2+3H2 2NH3,當生成2 mol NH3時放出熱量為Q,現(xiàn)將0.5 mol N2和1.5 mol H2在相同條件下反應(yīng)生成NH3放出的熱量為Q1,則( )
A. 2Q1 = Q B. 2Q1 < Q C. 2Q1 > Q D. 無法判斷
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【題目】下列行為中符合安全要求的是( )
A.裝運乙醇的包裝箱上應(yīng)貼上易燃液體的危險品標志圖標
B.用點燃的火柴在液化氣鋼瓶口檢驗是否漏氣
C.實驗時,將水倒入濃硫酸中配制稀硫酸
D.進入煤礦井時,用火把照明
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【題目】運用化學(xué)反應(yīng)原理研究物質(zhì)的性質(zhì)具有重要意義。請回答下列問題:
(1)用CO可以合成甲醇。已知:
CH3OH(g)+3/2O2(g)=CO2(g)+2H2O(l) ΔH1kJ·mol-1
CO(g)+1/2O2(g)=CO2(g) ΔH2kJ·mol-1
H2(g)+1/2O2(g)=H2O(l) ΔH3kJ·mol-1
則CO(g)+2H2(g)CH3OH(g) ΔH =_______kJ·mol-1。
(2)一定壓強下,在容積為2 L的密閉容器中充入1mol CO與2 mol H2,在催化劑作用下發(fā)生反應(yīng):CO(g)+2H2(g) CH3OH(g) ΔH ,平衡轉(zhuǎn)化率與溫度、壓強的關(guān)系如圖所示。
p2 p1 (填“大于”、“小于”或“等于”);
(3)向NH4HSO4溶液中滴加少量的Ba(OH)2溶液的離子方程式_______________。
(4)25℃,兩種酸的電離平衡常數(shù)如下表。
Ka1 | Ka2 | |
H2SO3 | 1.3×10-2 | 6.3×10-8 |
H2CO3 | 4.2×10-7 | 5.6×10-11 |
①HSO3-的電離平衡常數(shù)表達式K=_________。
②0.10 mol·L-1 Na2SO3溶液中離子濃度由大到小的順序為_________。
③H2SO3溶液和NaHCO3溶液混合,主要反應(yīng)的離子方程式為_________。
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