Question

已知點(diǎn)F（1，0），直線l：x=-1，動(dòng)點(diǎn)P到點(diǎn)F的距離等于它到直線l的距離．
（Ⅰ）求點(diǎn)P的軌跡C的方程；
（Ⅱ）是否存在過(guò)N（4，2）的直線m，使得直線m被曲線C截得的弦AB恰好被點(diǎn)N所平分？

Answer 1

考點(diǎn)：直線與圓錐曲線的綜合問(wèn)題

專(zhuān)題：綜合題,圓錐曲線的定義、性質(zhì)與方程

分析：（Ⅰ）根據(jù)點(diǎn)P到點(diǎn)F的距離等于它到直線l的距離，利用拋物線的定義，可得點(diǎn)P的軌跡C是以F為焦點(diǎn)、直線x=-1為準(zhǔn)線的拋物線，從而可求拋物線方程為y²=4x；
（Ⅱ）解法一：假設(shè)存在滿(mǎn)足題設(shè)的直線m．設(shè)直線m與軌跡C交于A（x₁，y₁），B（x₂，y₂），由中點(diǎn)坐標(biāo)公式可得

x1+x2=8 y1+y2=4

，直線m的斜率存在，設(shè)直線m的方程與拋物線方程聯(lián)立，消去y，利用x1+x2=

8k2-4k+4

k2

=8，可得結(jié)論；解法二：假假設(shè)存在滿(mǎn)足題設(shè)的直線m．設(shè)直線m與軌跡C交于A（x₁，y₁），B（x₂，y₂），由中點(diǎn)坐標(biāo)公式可得

x1+x2=8 y1+y2=4

，利用點(diǎn)差法求直線的斜率，從而可得結(jié)論．

解答： 解：（Ⅰ）因點(diǎn)P到點(diǎn)F的距離等于它到直線l的距離，
所以點(diǎn)P的軌跡C是以F為焦點(diǎn)、直線x=-1為準(zhǔn)線的拋物線，…（2分）
其方程為y²=4x．…（4分）
（Ⅱ）解法一：假設(shè)存在滿(mǎn)足題設(shè)的直線m．設(shè)直線m與軌跡C交于A（x₁，y₁），B（x₂，y₂），
依題意，得

x1+x2=8 y1+y2=4

．…（5分）
①當(dāng)直線m的斜率不存在時(shí)，不合題意．…（6分）
②當(dāng)直線m的斜率存在時(shí)，設(shè)直線m的方程為y-2=k（x-4），…（7分）
聯(lián)立方程組

y-2=k(x-4) y2=4x

，
消去y，得k²x²-（8k²-4k+4）x+（2-4k）²=0，（*）  …（8分）
∴x1+x2=

8k2-4k+4

k2

=8，解得k=1．…（9分）
此時(shí)，方程（*）為x²-8x+4=0，其判別式大于零，…（10分）
∴存在滿(mǎn)足題設(shè)的直線m…（11分）
且直線m的方程為：y-2=x-4即x-y-2=0．…（12分）
解法二：假設(shè)存在滿(mǎn)足題設(shè)的直線m．設(shè)直線m與軌跡C交于A（x₁，y₁），B（x₂，y₂），
依題意，得

x1+x2=8 y1+y2=4

．…（5分）
∵A（x₁，y₁），B（x₂，y₂）在軌跡C上，
∴有

y12=4x1…(1) y22=4x2…(2)

，將（1）-（2），得y12-y22=4(x1-x2)．…（7分）
當(dāng)x₁=x₂時(shí)，弦AB的中點(diǎn)不是N，不合題意，…（8分）
∴

y1-y2

x1-x2

=

4

y1+y2

=1，即直線AB的斜率k=1，…（9分）
注意到點(diǎn)N在曲線C的張口內(nèi)（或：經(jīng)檢驗(yàn)，直線m與軌跡C相交）
∴存在滿(mǎn)足題設(shè)的直線m…（11分）
且直線m的方程為：y-2=x-4即x-y-2=0．…（12分）

點(diǎn)評(píng)：本小題考查拋物線的標(biāo)準(zhǔn)方程、直線與圓錐曲線的位置關(guān)系等基礎(chǔ)知識(shí)，考查推理論證能力、運(yùn)算求解能力，考查化歸與轉(zhuǎn)化思想、數(shù)形結(jié)合思想等．