Question

已知函數(shù)f（x）是定義在[-e，0）∪（0，e]上的奇函數(shù)，當(dāng)x∈（0，e]時(shí)，f（x）=ax+lnx（其中e是自然界對(duì)數(shù)的底，a∈R）．
（1）設(shè)g（x）=

ln|x|

|x|

，x∈[-e，0），求證：當(dāng)a=-1時(shí)，f（x）＞g（x）+

1

2

；
（2）是否存在實(shí)數(shù)a，使得當(dāng)x∈[-e，0）時(shí)，f（x）的最小值是3？如果存在，求出實(shí)數(shù)a的值；如果不存在，請(qǐng)說明理由．

Answer 1

考點(diǎn)：利用導(dǎo)數(shù)求閉區(qū)間上函數(shù)的最值,導(dǎo)數(shù)在最大值、最小值問題中的應(yīng)用

專題：導(dǎo)數(shù)的綜合應(yīng)用

分析：（1）先設(shè)x∈[-e，0）則-x∈（0，e]，再求出f（-x）利用函數(shù)是奇函數(shù)求出f（x），再構(gòu)造函數(shù)，分別求出這兩個(gè)函數(shù)的導(dǎo)函數(shù)和符號(hào)，判斷出它們?cè)趨^(qū)間[-e，0）的單調(diào)性，并求出f（x）的最小值和h（x）的最大值，判斷出最小值比最大值大，則不等式成立；
（2）先假設(shè)存在實(shí)數(shù)a滿足條件，再求出x∈[-e，0）時(shí)f（x）的導(dǎo)函數(shù)，對(duì)a的符號(hào)分類討論來確定f'（x）的符號(hào)，進(jìn)而判斷出在區(qū)間[-e，0）上的單調(diào)性，求出最小值和m的值，注意驗(yàn)證范圍是否符合．

解答： 解（1）：（1）設(shè)x∈[-e，0），則-x∈（0，e]，∴f（-x）=-ax+ln（-x），
又∵f（x）是定義在[-e，0）∪（0，e]上的奇函數(shù)，
∴f（x）=-f（-x）=ax-ln（-x），
∴函數(shù)f（x）的解析式為f（x）=

ax-ln(-x)，x∈[-e，0) ax+lnx，x∈(0，e]

      
證明：當(dāng)x∈[-e，0）且a=-1時(shí)，f（x）=-x-ln（-x），g（x）=

ln(-x)

-x

，設(shè)h（x）=

ln(-x)

-x

+

1

2

因?yàn)閒′（x）=-1-

1

x

=-

x+1

x

，所以當(dāng)-e≤x≤-1時(shí)，f′（x）＜0，此時(shí)f（x）單調(diào)遞減；當(dāng)-1＜x＜0時(shí)，f′（x）＞0，此時(shí)f（x）單調(diào)遞增，所以f（x）_min=f（-1）=1＞0，
又因?yàn)閔′（x）=

ln(-x)-1

x2

，所以當(dāng)x∈[-e，0）時(shí)，h′（x）＜0，此時(shí)h（x）單調(diào)遞減；所以h（x）max=h（-e）=

1

e

+

1

2

＜

1

2

+

1

2

=1=f（x）_min，
所以當(dāng)x∈[-e，0）時(shí)，f（x）＞h（x）即f（x）＞g（x）+

1

2

；
（2）解：假設(shè)存在實(shí)數(shù)a，使得當(dāng)x∈[-e，0）時(shí)，f（x）=ax-ln（-x）有最小值是3，
則f′（x）=a-

1

x

=

ax-1

x

（ⅰ）當(dāng)a=0，x∈[-e，0）時(shí)，f′（x）=-

1

x

＞0．f（x）在區(qū)間[-e，0）上單調(diào)遞增，f（x）_min=f（-e）=-1，不滿足最小值是3
（ⅱ）當(dāng)a＞0，x∈[-e，0）時(shí)，f'（x）＞0，f（x）在區(qū)間[-e，0）上單調(diào)遞增，f（x）_min=f（-e）=-ae-1＜0，也不滿足最小值是3
（ⅲ）當(dāng)-

1

e

≤a＜0，由于x∈[-e，0），則f′（x）=a-

1

x

≥0，故函數(shù)f（x）=ax-ln（-x）是[-e，0）上的增函數(shù)．∴f（x）_min=f（-e）=-ae-1=3，解得a=-

4

e

＜-

1

e

（舍去）
（ⅳ）當(dāng)a＜-

1

e

時(shí)，
則當(dāng)-e≤x＜

1

a

時(shí)，f′（x）=a-

1

x

＜0，此時(shí)函數(shù)f（x）=ax-ln（-x）是減函數(shù)；
當(dāng)

1

a

＜x＜0時(shí)，f′（x）=a-

1

x

＞0，此時(shí)函數(shù)f（x）=ax-ln（-x）是增函數(shù)．
∴f（x）_min=f（

1

a

）=1-ln（-

1

a

）=3，解得a=-e²
綜上可知，存在實(shí)數(shù)a=-e²，使得當(dāng)x∈[-e，0）時(shí)，f（x）有最小值3．

點(diǎn)評(píng)：本題是一道綜合題，考查了利用函數(shù)的奇偶性求函數(shù)的解析式；構(gòu)造函數(shù)再求其導(dǎo)函數(shù)求函數(shù)最值證明不等式成立問題；對(duì)含有參數(shù)用分類討論思想判斷導(dǎo)函數(shù)的符號(hào)再求出函數(shù)的最值，本題綜合性強(qiáng)且計(jì)算量大，應(yīng)是難度很大的題．