Question

已知函數(shù)f(x)＝a^x＋x²－xln a(a>0，a≠1)．
(1)求函數(shù)f(x)在點(diǎn)(0，f(0))處的切線(xiàn)方程；
(2)求函數(shù)f(x)的單調(diào)增區(qū)間；
(3)若存在x₁，x₂∈[－1,1]，使得|f(x₁)－f(x₂)|≥e－1(e是自然對(duì)數(shù)的底數(shù))，求實(shí)數(shù)a的取值范圍．

Answer 1

（1）y＝1
（2）(0，＋∞)
（3）

解：(1)因?yàn)楹瘮?shù)
f(x)＝a^x＋x²－xln a(a>0)，a≠1)，
所以f′(x)＝a^x  ln a＋2x－ln a，
f′(0)＝0，又因?yàn)閒(0)＝1，
所以函數(shù)f(x)在點(diǎn)(0，f(0))處的切線(xiàn)方程為y＝1.
(2)由(1)知f′(x)＝a^xln a＋2x－ln a
＝2x＋(a^x－1)ln a.
因?yàn)楫?dāng)a>0，a≠1時(shí)，總有f′(x)在R上是增函數(shù)，又f′(0)＝0，所以不等式f′(x)>0的解集為(0，＋∞)，故函數(shù)f(x)的單調(diào)增區(qū)間為(0，＋∞)．
(3)因?yàn)榇嬖趚₁，x₂∈[－1,1]，使得|f(x₁)－f(x₂)|≥e－1成立，而當(dāng)x₁，x₂∈[－1,1]時(shí)，|f(x₁)－f(x₂)|≤f(x)_max－f(x)_min，所以只要f(x)_max－f(x)_min≥e－1即可．當(dāng)x變化時(shí)，f′(x) ，f(x)的變化情況如下表：

x	(－∞，0)	0	(0，＋∞)
f′(x)	－	0	＋
f(x)	?	極小值	?

 
所以f(x)在[－1,0]上是減函數(shù)，在[0,1]上是增函數(shù)，所以當(dāng)x∈[－1,1]時(shí)，f(x)的最小值f(x)_min＝f(0)＝1，f(x)的最大值f(x)_max為f(－1)和f(1)中的最大值．
f(1)－f(－1)
＝(a＋1－ln a)－
＝a－－2ln a.
令g(a)＝a－－2ln a(a>0)，
因?yàn)間′(a)＝1＋－＝²≥0，
所以g(a)＝a－－2ln a在a∈(0，＋∞)上是增函數(shù).
而g(1)＝0，故當(dāng)a>1時(shí)，g(a)>0，
即f(1)>f(－1)；
當(dāng)0<a<1時(shí)，g(a)<0，即f(1)<f(－1)．
所以當(dāng)a>1時(shí)，f(1)－f(0)≥e－1，即a－ln a≥e－1，易得函數(shù)y＝a－ln a在a∈(1，＋∞)上是增函數(shù)，解得a≥e；
當(dāng)0<a<1時(shí)，f(－1)－f(0)≥e－1，
即＋ln a≥e－1，易得函數(shù)y＝＋ln a在a∈(0,1)上是減函數(shù)，解得0<a≤.
綜上可知，實(shí)數(shù)a的取值范圍為.