Question

10．證明：
（1）$\sqrt{a}$-$\sqrt{a-1}$＜$\sqrt{a-2}$-$\sqrt{a-3}$（a≥3）；
（2）對(duì)正數(shù)a，b，若a+b=2，則$\frac{1+b}{a}$，$\frac{1+a}$中至多有一個(gè)小于2．

Answer 1

分析 （1）使用分析法逐步找出使不等式成立的條件即可．
（2）利用反證法進(jìn)行證明即可．

解答 證明：（1）欲證$\sqrt{a}$-$\sqrt{a-1}$＜$\sqrt{a-2}$-$\sqrt{a-3}$，
只需證$\sqrt{a}$-$\sqrt{a-2}$＜$\sqrt{a-1}$-$\sqrt{a-3}$，
只需證：（$\sqrt{a}$-$\sqrt{a-2}$）²＜（$\sqrt{a-1}$-$\sqrt{a-3}$）²，即2a-2-2$\sqrt{a}$•$\sqrt{a-2}$＜2a-4-2$\sqrt{a-1}$•$\sqrt{a-3}$．
只需證：a²-2a＞a²-4a+4+2$\sqrt{{a}^{2}-4a+3}$，即a-2＞$\sqrt{{a}^{2}-4a+3}$，
只需證：a²-4a+4＞a²-4a+3，
只需證：4＞3．
顯然，4＞3恒成立，
∴$\sqrt{a}$-$\sqrt{a-1}$＜$\sqrt{a-2}$-$\sqrt{a-3}$（a≥3）；
（2）假設(shè)$\frac{1+b}{a}$＜2，$\frac{1+a}$＜2，
∵a＞0，b＞0，
∴1+b＜2a，1+a＜2b，
∴2+b+a＜2（a+b），
∴a+b＞2，與a+b=1矛盾，
∴$\frac{1+b}{a}$，$\frac{1+a}$中至多有一個(gè)小于2．

點(diǎn)評(píng) 本題考查了分析法證明不等式，用反證法證明時(shí)，應(yīng)先假設(shè)原命題不成立，即原命題的反面成立，只需否定原命題的結(jié)論即可，屬于中檔題．