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在幾何體ABCDE中，∠BAC=，DC⊥平面ABC，EB⊥平面ABC， AB=AC=BE=2，CD=1.
（1）設(shè)平面ABE與平面ACD的交線為直線，求證：∥平面BCDE；
（2）設(shè)F是BC的中點(diǎn)，求證：平面AFD⊥平面AFE；
（3）求幾何體ABCDE的體積.

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一、填空題

⒈    ⒉    ⒊-i     ⒋     ⒌

⒍       ⒎    ⒏     ⒐    ⒑

⒒14         ⒓      ⒔ ⒕m>

二、解答題

⒖解：(Ⅰ)

             ……（4分）

 ∵函數(shù)的單調(diào)增區(qū)間為，

∴，∴，

∴函數(shù)f(x)的單調(diào)遞增區(qū)間為，……（8分）

(Ⅱ)當(dāng)時(shí)，，∴

∴函數(shù)f(x)的值域?yàn)?sub>……（14分）

⒗解：(Ⅰ) ∵DC⊥平面ABC，EB⊥平面ABC

∴DC//EB，又∵DC平面ABE，EB平面ABE，∴DC∥平面ABE……（4分）

(Ⅱ)∵DC⊥平面ABC，∴DC⊥AF，又∵AF⊥BC，∴AF⊥平面BCDE……（8分）

(Ⅲ)由(2)知AF⊥平面BCDE，∴AF⊥EF，在三角形DEF中，由計(jì)算知DF⊥EF，

∴EF⊥平面AFD，又EF平面AFE，∴平面AFD⊥平面AFE．……（14分）

⒘解：根據(jù)題意得，BC=km，BD=12km，CD=12km，∠CAB=75°，

設(shè)∠ACD=α，∠CDB=β

在△CDB中，由余弦定理得

，所以

于是……（7分）

在△ACD中，由正弦定理得

答：此人還得走km到達(dá)A城……（14分）

⒙解：(1)  因x=－1是的一個(gè)極值點(diǎn)

∴

即 2+b-1=0

∴b= -1經(jīng)檢驗(yàn)，適合題意，所以b= -1．……（5分）

(2)  

∴>0

∴ >0

∴x>

∴函數(shù) 的單調(diào)增區(qū)間為……（10分）

（3）=2x+lnx

設(shè)過點(diǎn)（2，5）與曲線g (x)的切線的切點(diǎn)坐標(biāo)為

∴

即   ∴

令h(x)=

∴==0

∴

∴h(x)在（0，2）上單調(diào)遞減，在（2，）上單調(diào)遞增

又，h(2)=ln2-1<0，

∴h(x)與x軸有兩個(gè)交點(diǎn)

∴過點(diǎn)（2，5）可作2條曲線y=g(x)的切線. ……（16分）

⒚解：（Ⅰ）∵為偶函數(shù)，∴，∴，∴

  ∴，∴函數(shù)為奇函數(shù)；……（4分）

（Ⅱ）⑴由得方程有不等實(shí)根

     ∴△及得即

      又的對稱軸

      故在（-1，1）上是單調(diào)函數(shù)……………………………………………（10分）

⑵是方程(*)的根，∴

∴，同理

∴

同理

要使，只需即，∴

或即，解集為

故的取值范圍……（16分）

⒛（Ⅰ）證明：，

由條件可得，所以……（4分）

 (Ⅱ)解：因?yàn)閎_n+1=(-1)ⁿ⁺¹［a_n+1-3(n-1)+9］=(-1)ⁿ⁺¹(a_n-2n+6)

=(-1)ⁿ?（a_n-3n+9）=-b_n

又b₁=,所以

當(dāng)λ＝－6時(shí)，b_n=0(n∈N⁺),此時(shí)｛b_n｝不是等比數(shù)列，

當(dāng)λ≠－6時(shí)，b₁=≠0,由上可知b_n≠0，∴(n∈N⁺).

故當(dāng)λ≠-6時(shí)，數(shù)列｛b_n｝是以－(λ＋6)為首項(xiàng)，－為公比的等比數(shù)列. ……（10分）

(Ⅲ)由（Ⅱ）知，當(dāng)λ=-6,b_n=0,S_n=0,不滿足題目要求.

當(dāng)n為正奇數(shù)時(shí)，1<f(n)

∴f(n)的最大值為f(1)=,f(n)的最小值為f(2)= ,

于是，由①式得a<-(λ+6)<

當(dāng)a<b3a時(shí)，由－b－6－3a－6，不存在實(shí)數(shù)滿足題目要求；

當(dāng)b>3a時(shí)存在實(shí)數(shù)λ，使得對任意正整數(shù)n,都有a<S_n<b,

且λ的取值范圍是（－b－6, －3a－6）…………（16分）