Question

7．已知數(shù)列{a_n}各項均為正數(shù)，a₁=$\frac{1}{2}$，對任意的n∈N^*，有a_n+1=a_n+$\frac{1}{2016}$a_n²，若a_n＞1，則n的最小值為2018．

Answer 1

分析 a_n+1=a_n+$\frac{1}{2016}$a_n²，a₁=$\frac{1}{2}$，可得a_n+1＞a_n＞0．可得：$\frac{1}{{a}_{n}+2016}$=$\frac{1}{{a}_{n}}$-$\frac{1}{{a}_{n+1}}$，可得$\frac{1}{{a}_{1}+2016}$+$\frac{1}{{a}_{2}+2016}$+…+$\frac{1}{{a}_{n}+2016}$=2-$\frac{1}{{a}_{n+1}}$，通過放縮可得：2-$\frac{1}{{a}_{n+1}}$＜$\frac{n}{{a}_{1}+2016}$，當(dāng)n=2016時，得a₂₀₁₇＜1.2-$\frac{1}{{a}_{n+1}}$＞$\frac{n}{{a}_{n}+2016}$．當(dāng)n=2017時，得
a₂₀₁₈＞1．即可得出．

解答 解：∵a_n+1=a_n+$\frac{1}{2016}$a_n²，a₁=$\frac{1}{2}$，∴a_n+1＞a_n＞0．
∴$\frac{1}{{a}_{n}+2016}$=$\frac{1}{{a}_{n}}$-$\frac{1}{{a}_{n+1}}$，
∴$\frac{1}{{a}_{1}+2016}$+$\frac{1}{{a}_{2}+2016}$+…+$\frac{1}{{a}_{n}+2016}$=$\frac{1}{{a}_{1}}-\frac{1}{{a}_{2}}$+$\frac{1}{{a}_{2}}$-$\frac{1}{{a}_{3}}$+…+$\frac{1}{{a}_{n}}$-$\frac{1}{{a}_{n+1}}$=2-$\frac{1}{{a}_{n+1}}$，
∴2-$\frac{1}{{a}_{n+1}}$＜$\frac{n}{{a}_{1}+2016}$．
當(dāng)n=2016時，2-$\frac{1}{{a}_{2017}}$＜$\frac{2016}{\frac{1}{2}+2016}$＜1，得a₂₀₁₇＜1．
2-$\frac{1}{{a}_{n+1}}$＞$\frac{n}{{a}_{n}+2016}$．
當(dāng)n=2017時，2-$\frac{1}{{a}_{2018}}$＞$\frac{2017}{{a}_{2017}+2016}$＞1，得a₂₀₁₈＞1．
因此存在n，使得a_n＞1，且n的最小值為2018．
故答案為：2018．

點評 本題考查了數(shù)列遞推關(guān)系、放縮方法、裂項求和方法，考查了推理能力與計算能力，屬于難題．