10.已知函數(shù)f(x)=$\frac{1}{2}m{(x-1)^2}$-2x+3+lnx,m∈R
(1)當(dāng)m=0時(shí),求函數(shù)f(x)的單調(diào)增區(qū)間;
(2)若曲線y=f(x)在點(diǎn)P(1,1)處的切線l與曲線y=f(x)有且只有一個(gè)公共點(diǎn),求實(shí)數(shù)m的取值范圍.

分析 (1)求出f(x)的導(dǎo)數(shù),由導(dǎo)數(shù)大于0,可得增區(qū)間;
(2)求出f(x)導(dǎo)數(shù),求得切線的斜率和切點(diǎn),可得切線方程,由題意可得關(guān)于x的方程$\frac{1}{2}m{({x-1})^2}-2x+3+lnx=-x+2$有且只有一個(gè)解,即$\frac{1}{2}m{({x-1})^2}-x+1+lnx=0$有且只有一個(gè)解.令$g(x)=\frac{1}{2}m{({x-1})^2}-x+1+lnx({x>0})$,求出導(dǎo)數(shù),對(duì)m討論,求出單調(diào)區(qū)間,運(yùn)用單調(diào)性即可得到m的范圍.

解答 (1)由題意知,f(x)=-2x+3+lnx,
所以$f'(x)=-2+\frac{1}{x}=\frac{-2x+1}{x}({x>0})$.…(2分)
令f'(x)>0得$x∈({0,\frac{1}{2}})$,所以函數(shù)f(x)的單調(diào)增區(qū)間是$({0,\frac{1}{2}})$.…(4分)
(2)由$f'(x)=mx-m-2+\frac{1}{x}$,得f'(1)=-1,又f(1)=1,
所以曲線y=f(x)在點(diǎn)P(1,1)處的切線l的方程為y=-x+2,…(6分)
因?yàn)閘與曲線y=f(x)有且只有一個(gè)公共點(diǎn),
即關(guān)于x的方程$\frac{1}{2}m{({x-1})^2}-2x+3+lnx=-x+2$有且只有一個(gè)解,
即$\frac{1}{2}m{({x-1})^2}-x+1+lnx=0$有且只有一個(gè)解.…(8分)
令$g(x)=\frac{1}{2}m{({x-1})^2}-x+1+lnx({x>0})$,
則$g'(x)=m({x-1})-1+\frac{1}{x}=\frac{{m{x^2}-({m+1})x+1}}{x}=\frac{{({x-1})({mx-1})}}{x}({x>0})$.…(10分)
①m≤0時(shí),由g'(x)>0得0<x<1,由g'(x)<0,得x>1,
所以函數(shù)g(x)在(0,1)上為增函數(shù),在(1,+∞)上為減函數(shù),
又g(1)=0,故m≤0符合題意;…(11分)
②當(dāng)0<m<1時(shí),由g'(x)>0,得0<x<1或$x>\frac{1}{m}$,由g'(x)<0,得$1<x<\frac{1}{m}$,
所以函數(shù)g(x)在(0,1)上為增函數(shù),在$(1,\frac{1}{m})$上為減函數(shù),在$(\frac{1}{m},+∞)$上為增函數(shù),
又g(1)=0,且當(dāng)x→∞時(shí),g(x)→∞,此時(shí)曲線y=g(x)與x軸有兩個(gè)交點(diǎn),
故0<m<1不合題意;…(12分)
③當(dāng)m=1時(shí),g'(x)≥0,g(x)在(0,+∞)上為增函數(shù),且g(1)=0,
故m=1符合題意;…(13分)
④當(dāng)m>1,由g'(x)>0,得$0<x<\frac{1}{m}$或x>1,由g'(x)<0,得$\frac{1}{m}<x<1$,
所以函數(shù)g(x)在$(0,\frac{1}{m})$上為增函數(shù),在$(\frac{1}{m},1)$上為減函數(shù),在(1,+∞)上為增函數(shù),
又g(1)=0,且當(dāng)x→0時(shí),g(x)→-∞,此時(shí)曲線y=g(x)與x軸有兩個(gè)交點(diǎn),
故m>1不合題意;…(14分)
綜上,實(shí)數(shù)m的取值范圍m≤0或m=1. …(16分)

點(diǎn)評(píng) 本題考查導(dǎo)數(shù)的運(yùn)用:求切線方程和單調(diào)區(qū)間、極值和最值,考查分類(lèi)討論思想方法和轉(zhuǎn)化思想,以及運(yùn)算能力,屬于難題.

練習(xí)冊(cè)系列答案
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