Question

2．設(shè)函數(shù)f（x）=$\frac{{{e^2}{x^2}+1}}{x}，g（x）=\frac{{{e^2}x}}{e^x}$，對(duì)任意x₁、x₂∈（0，+∞），不等式$\frac{{f（{x_1}）}}{k+1}≥\frac{{g（{x_2}）}}{k}$，恒成立，則正數(shù)k的取值范圍是k≥1．

Answer 1

分析 當(dāng)x＞0時(shí)，f（x）=e²x+$\frac{1}{x}$，利用基本不等式可求f（x）的最小值，對(duì)函數(shù)g（x）求導(dǎo)，利用導(dǎo)數(shù)研究函數(shù)的單調(diào)性，進(jìn)而可求g（x）的最大值，問題轉(zhuǎn)化為$\frac{{g（x）}_{max}}{k}$≤$\frac{{f（x）}_{min}}{k+1}$，可求．

解答 解：∵當(dāng)x＞0時(shí)，f（x）=e²x+$\frac{1}{x}$≥2 $\sqrt{{e}^{2}x•\frac{1}{x}}$=2e，
∴x₁∈（0，+∞）時(shí)，函數(shù)f（x₁）有最小值2e，
∵g（x）=$\frac{{e}^{2}x}{{e}^{x}}$，∴g′（x）=$\frac{{e}^{2}（1-x）}{{e}^{x}}$，
當(dāng)x＜1時(shí)，g′（x）＞0，則函數(shù)g（x）在（0，1）上單調(diào)遞增，
當(dāng)x＞1時(shí)，g′（x）＜0，則函數(shù)在（1，+∞）上單調(diào)遞減，
∴x=1時(shí)，函數(shù)g（x）有最大值g（1）=e，
則有x₁、x₂∈（0，+∞），f（x₁）_min=2e＞g（x₂）_max=e，
∵不等式$\frac{{f（{x_1}）}}{k+1}≥\frac{{g（{x_2}）}}{k}$恒成立且k＞0，
∴$\frac{e}{k}$≤$\frac{2e}{k+1}$，
∴k≥1
故答案為：k≥1．

點(diǎn)評(píng) 本題主要考查了利用基本不等式求解函數(shù)的最值，導(dǎo)數(shù)在函數(shù)的單調(diào)性，最值求解中的應(yīng)用是解答本題的另一重要方法，函數(shù)的恒成立問題的轉(zhuǎn)化，本題具有一定的難度．