Question

3．已知函數(shù)$f（x）=\frac{1}{3}{x^3}+\frac{1}{2}a{x^2}+bx（{a，b∈R}）$．
（1）若函數(shù)f（x）在（0，2）上存在兩個極值點，求3a+b的取值范圍；
（2）當a=0，b≥-1時，求證：對任意的實數(shù)x∈[0，2]，$|{f（x）}|≤2b+\frac{8}{3}$恒成立．

Answer 1

分析 （1）求出關于a，b的不等式組，令z=3a+b，問題轉化為簡單的線性規(guī)劃問題；結合圖象求出即可；
（2）根據(jù)函數(shù)的單調(diào)性求出f（x）的范圍，要證$|{f（x）}|≤2b+\frac{8}{3}$，只需證$-b（{\sqrt{-b}+3}）≤4$即可．

解答 （1）解：f'（x）=x²+ax+b，
由已知可得f'（x）=0在（0，2）上存在兩個不同的零點，
故有$\left\{{\begin{array}{l}{f'（0）＞0}\\{f'（2）＞0}\\{△＞0}\\{-\frac{a}{2}∈（{0，2}）}\end{array}}\right.$，即$\left\{{\begin{array}{l}{b＞0}\\{2a+b+4＞0}\\{{a^2}-4b＞0}\\{a∈（{-4，0}）}\end{array}}\right.$，
令z=3a+b，
如圖所示：

由圖可知-8＜z＜0，
故3a+b的取值范圍（-8，0）．
（2）證明：$f（x）=\frac{1}{3}{x^3}+bx（{b≥-1，x∈[{0，2}]}）$，所以f'（x）=x²+b，
當b≥0時，f'（x）≥0在[0，2]上恒成立，則f（x）在[0，2]上單調(diào)遞增，
故$0=f（0）≤f（x）≤f（2）=2b+\frac{8}{3}$，所以$|{f（x）}|≤2b+\frac{8}{3}$；
當-1≤b＜0時，由f'（x）=0，解得$x=\sqrt{-b}∈（{0，2}）$，
則f（x）在$[{0，\sqrt{-b}}]$上單調(diào)遞減，在$[{\sqrt{-b}，2}]$上單調(diào)遞增，
所以$f（{\sqrt{-b}}）≤f（x）≤max\left\{{f（0），f（2）}\right\}$．
因為$f（0）=0，f（2）=2b+\frac{8}{3}＞0，f（{\sqrt{-b}}）=\frac{2}{3}b\sqrt{-b}＜0$，
要證$|{f（x）}|≤2b+\frac{8}{3}$，只需證$-\frac{2}{3}b\sqrt{-b}≤2b+\frac{8}{3}$，即證$-b（{\sqrt{-b}+3}）≤4$，
因為-1≤b＜0，所以$0＜-b≤1，3＜\sqrt{-b}+3≤4$，
所以$-b（{\sqrt{-b}+3}）≤4$成立．
綜上所述，對任意的實數(shù)$x∈[{0，2}]，|{f（x）}|≤2b+\frac{8}{3}$恒成立．

點評 本題考查了線性規(guī)劃問題，考查函數(shù)的單調(diào)性、最值問題，考查導數(shù)的應用以及轉化思想、分類討論思想，不等式的證明，是一道綜合題．