Question

已知函數(shù)f（x）=lnx-ax+

1-a

x

-1（a∈R）．
（Ⅰ）當(dāng)a≤

1

2

時(shí)，討論f（x）的單調(diào)性；
（Ⅱ）設(shè)g（x）=x²-2x+b．當(dāng)a=

1

4

時(shí)，若對(duì)任意x₁∈（0，2），存在x₂∈[1，2]，使f（x₁）≥g（x₂），求實(shí)數(shù)b取值范圍．

Answer 1

考點(diǎn)：利用導(dǎo)數(shù)研究函數(shù)的單調(diào)性,利用導(dǎo)數(shù)求閉區(qū)間上函數(shù)的最值

專題：導(dǎo)數(shù)的綜合應(yīng)用

分析：（Ⅰ）直接利用函數(shù)與導(dǎo)數(shù)的關(guān)系，求出函數(shù)的導(dǎo)數(shù)，再討論函數(shù)的單調(diào)性；
（Ⅱ）利用導(dǎo)數(shù)求出f（x）的最小值、利用二次函數(shù)知識(shí)或分離常數(shù)法求出g（x）在閉區(qū)間[1，2]上的最大值，然后解不等式求參數(shù)．

解答： 解：（Ⅰ）∵f′（x）=

1

x

-a-

1-a

x2

=

-ax2+x+a-1

x2

，
令h（x）=ax²-x+1-a（x＞0）
（1）當(dāng)a=0時(shí)，h（x）=-x+1（x＞0），
當(dāng)x∈（0，1），h（x）＞0，f′（x）＜0，函數(shù)f（x）單調(diào)遞減；
當(dāng)x∈（1，+∞），h（x）＜0，f′（x）＞0，函數(shù)f（x）單調(diào)遞增．
（2）當(dāng)a≠0時(shí)，由f′（x）=0，即ax²-x+1-a=0，解得：x₁=1，x₂=

1

a

-1．
當(dāng)a=

1

2

時(shí)x₁=x₂，h（x）≥0恒成立，此時(shí)f′（x）≤0，函數(shù)f（x）單調(diào)遞減；
當(dāng)0＜a＜

1

2

時(shí)，

1

a

-1＞1＞0，x∈（0，1）時(shí)h（x）＞0，f′（x）＜0，函數(shù)f（x）單調(diào)遞減；
x∈（1，

1

a

-1）時(shí)，h（x）＜0，f′（x）＞0，函數(shù)f（x）單調(diào)遞增；
x∈（

1

a

-1，+∞）時(shí)，h（x）＞0，f′（x）＜0，函數(shù)f（x）單調(diào)遞減．
當(dāng)a＜0時(shí)，

1

a

-1＜0，當(dāng)x∈（0，1），h（x）＞0，f′（x）＜0，函數(shù)f（x）單調(diào)遞減；
當(dāng)x∈（1，+∞），h（x）＜0，f′（x）＞0，函數(shù)f（x）單調(diào)遞增．
綜上所述：當(dāng)a≤0時(shí)，函數(shù)f（x）在（0，1）單調(diào)遞減，（1，+∞）單調(diào)遞增；
當(dāng)a=

1

2

時(shí)x₁=x₂，h（x）≥0恒成立，此時(shí)f′（x）≤0，函數(shù)f（x）在（0，+∞）單調(diào)遞減；
當(dāng)0＜a＜

1

2

時(shí)，函數(shù)f（x）在（0，1）單調(diào)遞減，（1，

1

a

-1）單調(diào)遞增，（

1

a

-1，+∞）單調(diào)遞減．
（Ⅱ）當(dāng)a=

1

4

時(shí)，f（x）在（0，1）上是減函數(shù)，在（1，2）上是增函數(shù)，所以對(duì)任意x₁∈（0，2），
有f（x₁）≥f（1）=-

1

2

，
又已知存在x₂∈[1，2]，使f（x₁）≥g（x₂），所以-

1

2

≥g（x₂），x₂∈[1，2]，
又g（x）=（x-1）²+b-1，x₂∈[1，2]時(shí)：g（x）是增函數(shù)，
∴g（x）max=g（2）=b，
∴b≤-

1

2

．
∴實(shí)數(shù)b取值范圍是：（-∞，-

1

2

]．

點(diǎn)評(píng)：本題將導(dǎo)數(shù)、二次函數(shù)、不等式知識(shí)有機(jī)的結(jié)合在一起，考查了利用導(dǎo)數(shù)研究函數(shù)的單調(diào)性、利用導(dǎo)數(shù)求函數(shù)的最值以及二次函數(shù)的最值問題，考查了同學(xué)們分類討論的數(shù)學(xué)思想以及解不等式的能力；考查了學(xué)生綜合運(yùn)用所學(xué)知識(shí)分析問題、解決問題的能力．