Question

19．在平面直角坐標(biāo)系中，點(diǎn)O為坐標(biāo)原點(diǎn)，拋物線y=ax²-2ax+$\frac{3}{2}$與x軸交于點(diǎn)A、B（點(diǎn)A在點(diǎn)B的左側(cè)），拋物線的頂點(diǎn)為C，直線AC交y軸于點(diǎn)D，D為AC的中點(diǎn)．

（1）如圖1，求拋物線的頂點(diǎn)坐標(biāo)；
（2）如圖2，點(diǎn)P為拋物線對稱軸右側(cè)上的一動(dòng)點(diǎn)，過點(diǎn)P作PQ⊥AC于點(diǎn)Q，設(shè)點(diǎn)P的橫坐標(biāo)為t，點(diǎn)Q的橫坐標(biāo)為m，求m與t的函數(shù)關(guān)系式；
（3）在（2）的條件下，如圖3，連接AP，過點(diǎn)C作CE⊥AP于點(diǎn)E，連接BE、CE分別交PQ于F、G兩點(diǎn)，當(dāng)點(diǎn)F是PG中點(diǎn)時(shí)，求點(diǎn)P的坐標(biāo)．

Answer 1

分析 （1）先由拋物線解析式確定出對稱軸，再用中點(diǎn)坐標(biāo)確定出點(diǎn)A的坐標(biāo)，代入拋物線解析式確定出拋物線解析式，化為頂點(diǎn)式即可得出頂點(diǎn)坐標(biāo)；
（2）由（1）的條件，確定出直線AC解析式，由PQ⊥AC，確定出點(diǎn)P的坐標(biāo)，消去y即可；
（3）先判斷出△ACE∽△APQ，再判斷出∠ACB=90°，從而得到TR△BCD≌RT△BED，判斷出BD∥AP，進(jìn)而確定出AP解析式，聯(lián)立直線AP，拋物線的解析式確定出點(diǎn)P坐標(biāo)．

解答 解：（1）∵拋物線y=ax²-2ax+$\frac{3}{2}$，
∴拋物線對稱軸為x=-$\frac{-2a}{2a}$=1，
∵拋物線的頂點(diǎn)為C，
∴點(diǎn)C的橫坐標(biāo)為1，
設(shè)點(diǎn)A（n，0）
∵直線AC交y軸于點(diǎn)D，D為AC的中點(diǎn)．
∴$\frac{1+n}{2}$=0，
∴n=-1，
∴A（-1，0），
∵點(diǎn)A在拋物線y=ax²-2ax+$\frac{3}{2}$上，
∴a+2a+$\frac{3}{2}$=0，
∴a=-$\frac{1}{2}$，
∴拋物線解析式為y=-$\frac{1}{2}$x²+x+$\frac{3}{2}$=$\frac{1}{2}$（x-1）²+2，
∴拋物線的頂點(diǎn)坐標(biāo)C（1，2）
（2）由（1）有，拋物線解析式為y=-$\frac{1}{2}$x²+x+$\frac{3}{2}$，
∵點(diǎn)x軸上的點(diǎn)B在拋物線上，
∴B（3，0），
∵直線AC交y軸于點(diǎn)D，D為AC的中點(diǎn)．且A（-1，0），C（1，2），
∴D（0，1），
∵A（-1，0），C（1，2），
∴直線AC解析式為y=x+1，
∵PQ⊥AC，
∴設(shè)直線PQ解析式為y=-x+b，
∵設(shè)點(diǎn)P（t，-$\frac{1}{2}$t²+t+$\frac{3}{2}$），
∴直線PQ解析式為y=-x-$\frac{1}{2}$t²+2t+$\frac{3}{2}$，
∵點(diǎn)Q在直線AC上，且點(diǎn)Q的橫坐標(biāo)為m，
∴$\left\{\begin{array}{l}{y=m+1}\\{y=-m-\frac{1}{2}{t}^{2}+2t+\frac{3}{2}}\end{array}\right.$，
∴m=-$\frac{1}{4}$t²+t+$\frac{1}{4}$；
（3）如圖，

連接DE，BD，BC，
∵CE⊥AP，
∴∠ACE+∠CAE=90°，
∵PQ⊥AC，
∴∠APQ+∠CAE=90°，
∴∠ACE=∠APQ，
∵∠CAE=∠CAE
∴△ACE∽△APQ，
∴∠APQ=∠ACE，
∵∠AEC=90°，
∴DE=AD=CD，
∴∠ACE=∠DEC，
∵∠CEP=90°，
∴EF=QF=PF，
∴∠APQ=∠PEF，
∴∠PEF=∠APQ=∠ACE=∠CED，
∴∠CED+∠BEC=∠PEF+∠BEC=∠PEC=90°，
∵點(diǎn)A（-1，0），D（0，1），
∴OA=OD，
∴∠BAC=45°
∵點(diǎn)A，B是拋物線與x軸的交點(diǎn)，點(diǎn)C是拋物線的頂點(diǎn)，
∴AC=BC，
∴∠ABC=∠BAC=45°，
∴∠ACB=90°
在TR△BCD和RT△BED中，$\left\{\begin{array}{l}{DE=DC}\\{BD=BD}\end{array}\right.$，
∴TR△BCD≌RT△BED，
∴∠BDC=∠BDE，
∵DE=DC，
∴BD⊥CE，
∵AP⊥CE，
∴AP∥BD，
∵B（3，0），D（0，1），
∴直線BD解析式為y=-$\frac{1}{3}$x+1，
∵A（-1，0），
∴直線AP解析式為y=-$\frac{1}{3}$x-$\frac{1}{3}$，
聯(lián)立拋物線和直線AP解析式得，$\left\{\begin{array}{l}{y=-\frac{1}{3}x-\frac{1}{3}}\\{y=-\frac{1}{2}{x}^{2}+x+\frac{3}{2}}\end{array}\right.$，
∴$\left\{\begin{array}{l}{{x}_{1}=\frac{11}{3}}\\{{y}_{1}=-\frac{14}{9}}\end{array}\right.$，$\left\{\begin{array}{l}{{x}_{2}=-1}\\{{y}_{2}=0}\end{array}\right.$（舍）
∴P（$\frac{11}{3}$，-$\frac{14}{9}$）．

點(diǎn)評 此題是二次函數(shù)綜合題，主要考查了待定系數(shù)法求直線和拋物線解析式，相似三角形的性質(zhì)和判定，全等三角形的性質(zhì)和判定，直角三角形的性質(zhì)，解本題的關(guān)鍵是確定出函數(shù)解析式，難點(diǎn)是判斷BD∥AP，是一道綜合性比較強(qiáng)，難度比較大的中考�？碱}．