A. | 8 | B. | 9 | C. | 10 | D. | 11 |
分析 求出f′(x)>0,得到函數(shù)f(x)在(-1,0)內(nèi)有唯一零點(diǎn),從而[f(x+3)]2015在(-4,-3)上有唯一零點(diǎn);求了g′(x)=-f′(x)<0,得到g(x)在(1,2)上有唯一零點(diǎn),從而[g(x-4)]2016在(5,6)上有唯一零點(diǎn).由此能求出(b-a)min.
解答 解:∵f(x)=1+x-$\frac{x^2}{2}$+$\frac{x^3}{3}$-$\frac{x^4}{4}$+…+$\frac{{{x^{2015}}}}{2015}$,
∴f′(x)=(1-x)+(x2-x3)+…+x2014
=(1-x)(1+x2+x4+…+x2012)+x2014
當(dāng)x=-1時(shí),f′(x)=2×1007+1=2015>0,
當(dāng)x≠-1時(shí),f′(x)=(1-x)(1+x2+x4+…+x2012)+x2014
=(1-x)•$\frac{1-({x}^{2})^{1007}}{1-{x}^{2}}$+x2014
=$\frac{1+{x}^{2015}}{1+x}$>0,
∴f(x)=1+x-$\frac{x^2}{2}$+$\frac{x^3}{3}$-$\frac{x^4}{4}$+…+$\frac{{{x^{2015}}}}{2015}$在R上單調(diào)遞增,
∴f(0)=1>0,f(-1)=1-1-$\frac{1}{2}$-$\frac{1}{3}$-$\frac{1}{4}$-…-$\frac{1}{2015}$<0,
∴函數(shù)f(x)在(-1,0)內(nèi)有唯一零點(diǎn),
由-1<x+3<0得:-4<x<-3,
∴f(x+3)在(-4,-3)上有唯一零點(diǎn).
∴[f(x+3)]2015在(-4,-3)上有唯一零點(diǎn),
∵g(x)=1-x+$\frac{x^2}{2}$-$\frac{x^3}{3}$+$\frac{x^4}{4}$-…-$\frac{{{x^{2015}}}}{2015}$,
∴g′(x)=(-1+x)+(-x2+x3)+…-x2015
=-[(1-x)+(x2-x3)+…+x2015]
=-f′(x)<0,
∴g(x)在R上單調(diào)遞減,
又g(1)=1-1$+\frac{1}{2}-\frac{1}{3}+…-\frac{1}{2015}$>0,
g(2)=$1-2+\frac{{2}^{2}}{2}-\frac{{2}^{3}}{2}+…+\frac{{2}^{2014}}{2014}-\frac{{2}^{2015}}{2015}$<0,
當(dāng)n≥2時(shí),$\frac{{2}^{n}}{n}-\frac{{2}^{n+1}}{n+1}$=$\frac{{2}^{n}(1-n)}{n(n+1)}$<0,
∴g(2)<0.
∴g(x)在(1,2)上有唯一零點(diǎn),
由1<x-4<2得:5<x<6,
∴g(x-4)在(5,6)上有唯一零點(diǎn).
∴[g(x-4)]2016在(5,6)上有唯一零點(diǎn).
∵F(x)=[f(x+3)]2015•[g(x-4)]2016,
∴F(x)的零點(diǎn)即為[f(x+3)]2015和[g(x-4)]2016的零點(diǎn).
∴F(x)的零點(diǎn)區(qū)間為(-4,-3)∪(5,6).
又b,a∈Z,
∴(b-a)min=6-(-4)=10.
故選:C.
點(diǎn)評(píng) 本題考查兩數(shù)差的最小值的求法,是中檔題,解題時(shí)要認(rèn)真審題,注意函數(shù)、零點(diǎn)、導(dǎo)數(shù)等知識(shí)點(diǎn)的綜合運(yùn)用.
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A. | (1,2) | B. | (2,2) | C. | (3,1) | D. | (4,0) |
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A. | 14 | B. | 12 | C. | 8 | D. | 10 |
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A. | 一定單調(diào)遞增 | B. | 一定沒有單調(diào)減區(qū)間 | ||
C. | 可能沒有單調(diào)增區(qū)間 | D. | 一定沒有單調(diào)增區(qū)間 |
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A. | 0 | B. | $\frac{π}{4}$ | C. | $\frac{π}{2}$ | D. | π |
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