Question

10．若函數(shù)f（x）=sinx-cosx+ax+1，x∈[0，2π]的圖象與直線x=0，x=π，y=0所圍成的封閉圖形的面積為$\frac{1}{2}$π²+π+2．
（1）求a的值；
（2）求函數(shù)f（x）單調(diào)區(qū)間及最值；
（3）求函數(shù)g（x）=f（x）-m在區(qū)間x∈[0，2π]上的零點(diǎn)個(gè)數(shù)．

Answer 1

分析 （1）由題意得S=${∫}_{0}^{π}f（x）dx$=$\frac{1}{2}$π²+π+2，解得a的值；
（2）求導(dǎo)，利用導(dǎo)數(shù)法分析函數(shù)的單調(diào)性，進(jìn)而可得函數(shù)f（x）單調(diào)區(qū)間及最值；
（3）作出函數(shù)f（x）=sinx-cosx+x+1，x∈[0，2π]的簡(jiǎn)圖，數(shù)形結(jié)合可得函數(shù)g（x）=f（x）-m在區(qū)間x∈[0，2π]上的零點(diǎn)個(gè)數(shù)．

解答 解：（1）由題意，知函數(shù)f（x）=sinx-cosx+ax+1，x∈[0，2π]的圖象
與直線x=0，x=π，y=0所圍成的封閉圖形的面積為S=${∫}_{0}^{π}f（x）dx$=$\frac{1}{2}$π²+π+2，
即（-cosx-sinx+$\frac{1}{2}{ax}^{2}$+x）${|}_{0}^{π}$=$\frac{1}{2}$π²+π+2，
即（$\frac{1}{2}$aπ²+π+1）-（-1）=$\frac{1}{2}$π²+π+2，
解得：a=1，
∴f（x）=sinx-cosx+x+1，x∈[0，2π]．
（2）對(duì)函數(shù)f（x）=sinx-cosx+x+1，x∈[0，2π]求導(dǎo)，
得f′（x）=cosx+sinx+1=$\sqrt{2}$sin（x+$\frac{π}{4}$）+1，x∈[0，2π]，
令f′（x）=0，則sin（x+$\frac{π}{4}$）=-$\frac{\sqrt{2}}{2}$，
又x∈[0，2π]，則x=π或x=$\frac{3π}{2}$，列表：

x	[0，π）	π	（π，$\frac{3π}{2}$）	$\frac{3π}{2}$	（$\frac{3π}{2}$，2π]
f′（x）	+	0	-	0	+
f（x）	單調(diào)遞增	極大	單調(diào)遞減	極小	單調(diào)遞增

所以函數(shù)f（x）單調(diào)遞增區(qū)間為[0，π），（$\frac{3π}{2}$，2π]；遞減區(qū)間為（π，$\frac{3π}{2}$），
f（x）的極大值為f（π）=π+2，f（x）的極小值為f（$\frac{3π}{2}$）=$\frac{3π}{2}$，
而f（0）=0，f（2π）=2π，
f（x）_max=f（2π）=2π，f（x）_min=f（0）=0．
（3）由（1）可作出函數(shù)f（x）=sinx-cosx+x+1，x∈[0，2π]的簡(jiǎn)圖，

則g（x）=f（x）-m的零點(diǎn)可看作y=g（x）與y=m的交點(diǎn)問題，
當(dāng)m∈[0，$\frac{3π}{2}$）∪（π+2，2π]時(shí)，有一個(gè)零點(diǎn)；
當(dāng)m∈{$\frac{3π}{2}$，π+2}時(shí)，有兩個(gè)零點(diǎn)；
當(dāng)m∈（$\frac{3π}{2}$，π+2）時(shí)，有三個(gè)零點(diǎn)．

點(diǎn)評(píng) 本題考查的知識(shí)點(diǎn)是定積分，利用導(dǎo)數(shù)研究函數(shù)的單調(diào)性，利用導(dǎo)數(shù)研究函數(shù)的最值，函數(shù)的零點(diǎn)，難度中檔．