分析 (1)①由已知得$\frac{c}{a}=\frac{\sqrt{3}}{2}$,$\frac{4}{{a}^{2}}$+$\frac{1}{^{2}}$=1,a2=b2+c2,聯(lián)立解出即可得出.
②直線AB的斜率為定值$\frac{1}{2}$.由已知直線PA:y-1=k1(x-2)代入橢圓M的方程消去y并整理得:(x-2)$[(1+4{k}_{1}^{2})x+(2+8{k}_{1}-8{k}_{1}^{2})]$=0,解得點(diǎn)A的坐標(biāo).同理解得點(diǎn)B的坐標(biāo).由k1+k2=0,可得kAB=$\frac{{y}_{A}-{y}_{B}}{{x}_{A}-{x}_{B}}$=$\frac{1}{2}$為定值.
(2)直線TB方程為y=$\frac{1}{t}$x+1,代入橢圓方程$\frac{{x}^{2}}{4}$+y2=1,可得:(t2+4)x2+8tx=0,解得xE,直線TC方程為:y=$\frac{3}{t}$x-1,代入橢圓方程可得:xF.k=$\frac{{S}_{△TBC}}{{S}_{△TEF}}$=$\frac{\frac{1}{2}TB•TC•sin∠BTC}{\frac{1}{2}TE•TF•sin∠ETF}$=$\frac{TB•TC}{TE•TF}$=$\frac{{x}_{T}-{x}_{B}}{{x}_{T}-{x}_{E}}$•$\frac{{x}_{T}-{x}_{C}}{{x}_{T}-{x}_{F}}$,代入化簡換元利用二次函數(shù)的單調(diào)性即可得出.
解答 解:(1)①由已知得$\frac{c}{a}=\frac{\sqrt{3}}{2}$,$\frac{4}{{a}^{2}}$+$\frac{1}{^{2}}$=1,a2=b2+c2,
聯(lián)立解得a2=8,b2=2.
橢圓M的方程為:$\frac{{x}^{2}}{8}+\frac{{y}^{2}}{2}$=1.
②直線AB的斜率為定值$\frac{1}{2}$.
由已知直線PA:y-1=k1(x-2)代入橢圓M的方程消去y并整理得:(x-2)$[(1+4{k}_{1}^{2})x+(2+8{k}_{1}-8{k}_{1}^{2})]$=0,
∴xA=$\frac{8{k}_{1}^{2}-8{k}_{1}-2}{1+4{k}_{1}^{2}}$,yA=$\frac{-4{k}_{1}^{2}-4{k}_{1}+1}{1+4{k}_{1}^{2}}$.
同理xB=$\frac{8{k}_{2}^{2}-8{k}_{2}-2}{1+4{k}_{2}^{2}}$,yB=$\frac{-4{k}_{1}^{2}-4{k}_{1}+1}{1+4{k}_{2}^{2}}$.
∵k1+k2=0,∴yA-yB=$\frac{4({k}_{1}-{k}_{2})(4{k}_{1}{k}_{2}-1)}{(1+4{k}_{1}^{2})(1+4{k}_{2}^{2})}$,xA-xB=$\frac{8({k}_{1}-{k}_{2})(4{k}_{1}{k}_{2}-1)}{(1+4{k}_{1}^{2})(1+4{k}_{2}^{2})}$,
∴kAB=$\frac{{y}_{A}-{y}_{B}}{{x}_{A}-{x}_{B}}$=$\frac{1}{2}$為定值.
(2)直線TB方程為y=$\frac{1}{t}$x+1,代入橢圓方程$\frac{{x}^{2}}{4}$+y2=1,可得:(t2+4)x2+8tx=0,
解得xE=$\frac{-8t}{{t}^{2}+4}$,
直線TC方程為:y=$\frac{3}{t}$x-1,代入橢圓方程可得:xF=$\frac{24t}{{t}^{2}+36}$.
k=$\frac{{S}_{△TBC}}{{S}_{△TEF}}$=$\frac{\frac{1}{2}TB•TC•sin∠BTC}{\frac{1}{2}TE•TF•sin∠ETF}$=$\frac{TB•TC}{TE•TF}$=$\frac{{x}_{T}-{x}_{B}}{{x}_{T}-{x}_{E}}$•$\frac{{x}_{T}-{x}_{C}}{{x}_{T}-{x}_{F}}$=$\frac{t}{t+\frac{8t}{{t}^{2}+4}}$$•\frac{t}{t-\frac{24t}{{t}^{2}+36}}$=$\frac{({t}^{2}+4)({t}^{2}+36)}{({t}^{2}+12)({t}^{2}+12)}$,
令t2+12=m>12,則k=$\frac{(m-8)(m+24)}{{m}^{2}}$=$1+\frac{16}{m}-\frac{192}{{m}^{2}}$=-192$(\frac{1}{m}-\frac{1}{24})^{2}$+$\frac{4}{3}$$≤\frac{4}{3}$,
當(dāng)且僅當(dāng)m=24,即t=$±2\sqrt{3}$時(shí),取“=”,
所以k的最大值為$\frac{4}{3}$.
點(diǎn)評 本題考查了橢圓的定義標(biāo)準(zhǔn)方程及其性質(zhì)、直線與橢圓相交問題、二次函數(shù)的單調(diào)性、三角形面積計(jì)算公式、一元二次方程的根與系數(shù)的關(guān)系,考查了推理能力與計(jì)算能力,屬于難題.
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A. | 2+2$\sqrt{2}$ | B. | 2$\sqrt{2}$-2 | C. | $\sqrt{5}$+2 | D. | $\sqrt{5}$-2 |
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